安徽省皖南八校高三物理第二次联考试题（含解析）新人教版.doc

皖南八校2015届高三第二次联考物理试题14.2014年2月14日，从北京航天飞行控制中心获悉，嫦娥二号卫星再次刷新我国深空探测最远距离纪录，达到7000万公里.已成为我国首个人造太阳系小行星的嫦娥二号卫星，目前状态良好，正在绕日轨道上飞向更远深空.假设嫦娥二号绕日轨道与绕月轨道半径之比为a,太阳与月球质量之比为b，嫦娥二号绕日、绕月的运动均可看做匀速圆周运动，则它绕日与绕月的周期之比为（ ）a. b. c. d. 【答案】a【命题立意】本题旨在考查万有引力定律及其应用。【解析】根据万有引力提供向心力：，可得：它的绕日与绕月的周期之比：，故a正确。故选：a15.如图所示，在倾斜角为=30的斜面上，物块a与物块b通过轻绳相连，轻绳跨过光滑的定滑轮，物块a的质量为4 kg，物块a与斜面间的动摩擦因数为，设物块a与斜面间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，为使物块a静止在斜面上，物块b的质量不可能为（ ）a.1 kg b. 2 kg c. 3 kg d. 4kg【答案】d【命题立意】本题旨在考查共点力平衡的条件及其应用、物体的弹性和弹力。【解析】（1）若物块b的质量较小，物块a将有沿斜面下滑的趋势，则有：，解得：（2）物块b的质量较大，物块a将有沿斜面上滑的趋势，则有：解得：，综上所述，可知d正确。故选：d16. 如图所示为甲、乙两物体运动的图象，在0t2时间内甲一直做匀加速直线运动，乙先做匀减速到速度为零，再做匀加速直线运动，t22t1，关于两物体在0t2时间内运动的位移大小关系正确的是（ ）a. b.c. d.以上三种情况都有可能【答案】b【命题立意】本题旨在考查匀变速直线运动的图像、匀变速直线运动的速度与时间的关系。【解析】由于图线与时间轴围成的面积表示位移，我们现在将图象的范围分成6个部分如图，则甲的位移：乙的位移：其中由于，由图可知：，所以：则：故选：b 【举一反三】解决本题的关键知道速度时间图线的物理意义，知道图线斜率和图线与时间轴围成的面积表示的含义。17.如图所示，一束复色光从圆柱形玻璃砖的侧面a点，以45的入射角射入，结果从玻璃砖的侧面b点和c点各射出一束单色光a和 b，则下列说法正确的是（ ）a.单色光a从b点出射时的折射角小于单色光b从c点出射的折射角b.逐渐增大复合光在a点的入射角，则b光束先于a光束在玻璃砖中发生全反射c.单色光a在玻璃中从a到b的传播时间比单色光b从a到c的传播时间少 d.经同一双缝干涉实验装置，a光形成的条纹间距比b光形成的条纹间距小【答案】c【命题立意】本题旨在考查光的折射定律。【解析】a、由图知在a点，玻璃砖对b光的偏折角大于对a光的偏折角，说明玻璃砖对b光的折射率大于对a光的折射率，而由对称性和光路可逆性可知：单色光a从b点出射时的折射角与单色光b形c点出射时的折射角相等，都等于45，故a错误；b、逐渐增大复合光在a点的入射角，折射角也随之增大，但根据光路可逆性可知两束光都不可能在玻璃砖中发生全反射，都能从玻璃砖射出，故b错误；c、由知单色光a在玻璃中传播速度较大，而a光在玻璃中通过的路程较小，所以单色光a在玻璃中传播所用时间较短，故c正确；d、玻璃砖对b光的折射率大于对a光的折射率，则知b光的频率高，波长短，a光的频率低，波长长，而双键干涉条纹的间距与波长成正比，所以a光形成的条纹间距比b光形成的条纹间距大，故d错误。故选：c18.如图所示x轴上各点的电场强度如图所示，场强方向与x轴平行，规定沿x轴正方向为正，一负点电荷从坐标原点o以一定的初速度沿x轴正方向运动，点电荷到达x2位置速度第一次为零，在x3位置第二次速度为零，不计粒子的重力.下列说法正确的是（ ）a.o点与x2和o点与x3电势差uox2= uox3b.点电荷从o点运动到x2，再运动到x3的过程中，加速度先减小再增大，然后保持不变c点电荷从o点运动到x2，再运动到x3的过程中，速度先均匀减小再均匀增大，然后减小再增大d点电荷在x2、x3位置的电势能最小【答案】a【命题立意】本题旨在考查匀强电场中电势差和电场强度的关系、电势能。【解析】a、根据动能定理，电荷由o点与和o点与都有：，故：，故a正确；b、由图可知，轴正方向上点场强沿着x轴正方向，场强大小是非线性变换，轴负方向个点场强方向沿着轴负方向，为匀强电场，点电荷从坐标原点出发，其加速度先增大后减小，再增大后减小，而后增大再减小，再增大后减小，然后保存不变，在轴左侧做匀变速直线运动，故b错误； c、由题意，点电荷到达位置速度第一次为零，在3位置第二次速度为零，可知电荷先向右减速到，在3位置第二次速度为零，不在向左加速到原点，然后在减速到，故c错误； d、电荷运动过程中动能和电势能之和保持不变，动能最小则电势能就最大，故点电荷到达位置速度第一次为零，在位置第二次速度为零，在，位置电势能最大，故d错误。故选：a19.如图所示的圆形线圈共n匝，电阻为r，过线圈中心o垂直于线圈平面的直线上有a、b两点，a、b两点的距离为l，a、b关于o点对称。一条形磁铁开始放在a点，中心与o点重合，轴线与a、b所在直线重合，此时线圈中的磁通量为，将条形磁铁以速度v匀速向右移动，轴线始终与直线重合，磁铁中心到o点时线圈中的磁通量为，下列说法正确的是（ ）a.磁铁在a点时，通过一匝线圈的磁通量为b.磁铁从a到o的过程中，线圈中产生的平均感应电动势为c.磁铁从a到b的过程中，线圈中磁通量的变化量为2d.磁铁从a到b的过程中，通过线圈某一截面的电量不为零【答案】b【命题立意】本题旨在考查法拉第电磁感应定律、楞次定律。【解析】a、磁铁在a点时，线圈中的磁通量为，故通过一匝线圈的磁通量也为，与匝数无关，故a错误；b、磁铁从a到o的过程中，线圈中产生的平均感应电动势为，故b正确；c、d、磁通量先增加后减小，磁通量的变化量为零，故平均感应电动势为零，故平均感应电流为零，故通过线圈某一截面的电量为零，故c错误，d错误。故选：b【易错警示】本题关键是明确感应电动势的平均值的求解方法，注意磁通量与面积和磁感应强度有关，与线圈的匝数无关。20.电吹风是生活中的常用电器。某款电吹风的各项参数如下表所示，其电路图如图所示，理想变压器的两线圈匝数分别为n1和n2，a、b、c、d为四个固定触点，可动的扇形金属片p可同时接触两个触点。触片p处于不同位罝时，电吹风可处于停机、吹热风和吹自然风三种不同的工作状态。关于该款电吹风，下列说法中正确的是（ ）热风时输入功率450w自然风时输入功率50w小风扇额定电压50v正常工作时小风扇的机械功率42wa.触片p与触点b、c接触时，电吹风吹热风 b.变压器两线圈的匝数比n1: n2=22 : 5 c.小风扇线圈电阻为8 d.电热丝正常工作时电阻为6. 25【答案】c【命题立意】本题旨在考查变压器的构造和原理。【解析】a、只有电热丝接入时才能吹热风，故吹热风时触片p与触点a、b接触，故a错误；b、根据变压器的原线圈、副线圈的匝数与电压的关系：，故b错误；c、小风扇的热功率为：，电流，则由可得：，故c正确；d、电热丝的功率，由可知，电热丝电阻，故d错误。故选：c21.(18 分）i.(7分）某同学想利用滑块在倾斜气垫导轨上的运动来验证动能定理。如图所示，测量步骤如下：将长为l、原来己调至水平的气垫导轨的左端垫高h，在导轨上间距为l的两点处分别安装光电门p1和p2用20分度的游标卡尺测量滑块上遮光条的宽度d 接通气源及光电计时器，将滑块从导轨左端自由释放。测得滑块分别通过两个光电门时遮光时间为t1和t2 阅读上面的实验步骤回答下列问题(1)写出本实验验证动能定理的原理式_.(用测出的物理量表示）(2)实验所用滑块的质量m = 600 g，其他数据如下l = 1. 5 m，h=10 cm， l=50 cm，则实验中外力所做的功为_. (g= 10 m/s2)(3)写出减小实验误差的一种措施_.【答案】（1）；（2）；（3）适当提高滑块的初始位置，增大滑块通过光电门的速度【命题立意】本题旨在考查探究功与速度变化的关系。【解析】（1）合外力做功即为重力所做的功为：动能的增加量为：由得验证动能定理的原理式为：（2）代入数据可得合外力做功为：（3）误差来源来自于滑块速度的近似处理，可以适当提高滑块的初始位置，增大滑块通过光电门的速度或减小遮光条的宽度。故答案为：（1）；（2）；（3）适当提高滑块的初始位置，增大滑块通过光电门的速度。ii. (11分)某同学为测定某柱形电子元件的电阻率，先做如下测量: (1)用螺旋测微器测量它的直径，示数如图甲所示，读数为d =_mm；用游标为20分度的卡尺测量它的长度，示数如图乙所示，读数为l=_cm. 甲 乙 (2)用多用表粗测该元件的电阻，选用“x10”倍率的电阻挡后，应先_，再进行测量，之后多用表的示数如图(a)所示，测得该元件电阻为_. (a) (b) (3)为了精确测得上述待测电阻rx的阻值，实验室提供了如下器材:a.电流表a1(量程50 ma、内阻r1= 10 )b.电流表a2 (量程200 ma、内阻r2约为2 )c.定值电阻r0 = 30d.滑动变阻器r(最大阻值约为10)e.电源e(电动势约为4 v)f.开关s、导线若干该同学设计了测量电阻rx的一种实验电路原理如图（b)所示，n处的电流表应选用_(填器材选项前相应的英文字母).开关s闭合前应将滑动变阻器的滑片置于_ (选填“a”或者“b”）.若m、n电表的读数分别为im、in，则rx的计算式为rx=_.(用题中字母表示）【答案】（1）、；（2）进行欧姆调零、；（3）b、【命题立意】本题旨在考查测定金属的电阻率。【解析】：（1）螺旋测微器的固定刻度读数为，可动刻度读数为：，所以最终读数为：；游标卡尺的主尺读数为，游标读数为，所以最终读数为：（2）用多用表测量该元件的电阻，选用“10”倍率的电阻档后，应先进行欧姆调零，再进行测量，由图（a）所示可知，测量结果为；（3）通过待测电阻的最大电流约为：通过n出的最大电流约为：为保证测量时电流表读数不小于其量程的三分之一，n处的电流表应选b；开关s闭合前应将滑动变阻器的滑片置于；通过定值电阻的电流，并联电路两端电压则待测电阻的电阻值：故答案为：（1）、；（2）进行欧姆调零、；（3）b、。22.(14分)一质量为m物体静止在光滑斜面底端，在沿斜面向上的恒定拉力作用下沿斜面向上加速运动，加速度大小为a.经过时间t撤去拉力，物体又经过时间t恰好回到斜面底端，求：(1)撤去拉力后物体的加速度大小；(2)恒定拉力的大小；(3)物体沿斜面向上运动的最大距离.【答案】（1）；（2）；（3）【命题立意】本题旨在考查牛顿第二定律、匀变速直线运动的位移与时间的关系。【解析】（1）拉力作用在物体上，根据运动学公式可得：撤去拉力后，根据运动学公式有：联立解得：（2）由牛顿第二定律得：联立解得：（3）撤去拉力后，物体沿斜面减速为零时上滑的距离为，根据运动学公式有：解得：物体沿斜面上滑的最大距离为：答：（1）撤去拉力后物体的加速度大小为；（2）恒定拉力的大小为；（3）物体沿斜面向上运动的最大距离为。23.(16分)如图所示，在xoy坐标系中，第二、三象限存在电场强度为e的匀强电场，方向平行于y轴向上。一个质量为m、电量为q的正粒子以某一沿x轴正方向的初速度从x轴上m点 (-4r，0)处射出，粒子经过y轴上n点（0，2r)点进入第一象限，第一象限存在方向垂直于纸面向外的匀强磁场，其磁感应强度b=，第四象限存在垂直于纸面向里的匀强磁场，其磁感应强度b=，不计粒子重力，试求：(1)粒子初速度v0；(2)粒子第1次穿过x轴时的速度；(3)画出粒子在磁场中的运动轨迹并求出粒子第n次穿过x轴时的位置坐标.【答案】（1）；（2）；（3） 【命题立意】本题旨在考查带电粒子在匀强磁场中的运动、带电粒子在匀强电场中的运动。【解析】（1）粒子在电场中做类平抛运动，在轴方向：在轴方向：解得：（2）粒子在电场中做类平抛运动，在轴方向：在轴方向：解得：，速度与y轴正方向间的夹角：粒子进入磁场时的速度：解得：，粒子进入磁场后做匀速圆周运动，洛伦兹力对粒子不做功，粒子速度大小不变，粒子第一次穿过轴时的速度：，方向垂直轴向下（3）粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：解得，粒子轨道半径：粒子在磁场中做圆周运动，与刚进入磁场时速度垂直的半径与y负方向夹角：，则圆心在轴上，粒子垂直轴射入第四象限，粒子运动轨迹如图所示： 粒子第一次穿过轴后在轴上方与下方两个磁场中分别作半圆周运动，粒子第n次穿过x轴时的坐标：答：（1）粒子的初速度为；（2）粒子第一次穿过轴时的速度为；（3）粒子在磁场中的运动轨迹如图所示，粒子第n次穿过轴时的位置坐标为 。24. (20分)如图所示,abcd为竖直平面内固定的光滑轨道，其中ab为斜面，bc段是水平的， cd段为半径r= 0. 2 m的半圆，圆心为o，与水平面相切于c点，直径cd垂直于bc。现将小球甲从斜面上距bc高为的a点由静止释放，到达b点后只保留水平分速度沿水平面运动，与静止在c点的小球乙发生弹性碰撞，己知甲、乙两球的质量均为m=1.0，重力加速度g取10 m/s2.(水平轨道足够长，甲、乙两球可视为质点）求：(1)甲乙两球碰撞后，乙恰能通过轨道的最高点d，则甲、乙碰后瞬间，乙对半圆轨道最低点c处的压力f;(2)在满足（1）的条件下，求斜面与水平面的夹角(3)若将甲仍从a