福建省莆田市仙游县枫亭中学2022-2023学年高三物理第一学期期中教学质量检测试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷注意事项：1 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用05毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、2018年全球最具价值汽车品牌百强榜上榜的中国汽车品牌数从去年的15个已经上涨到22

2、个了，其中共有9个新入品牌，发展非常迅速某厂家为了测试新款汽车的性能，将两辆完全相同的汽车并排停在检测场平直跑道上，时刻将两车同时启动，通过车上的速度传感器描绘出了两车的速度随时间的变化规律图线（甲为一条过原点的倾斜直线），图像中两阴影部分的面积，下列说法正确的是：A时刻甲车的加速度小于乙车B时刻甲车在前，时刻乙车在前C时刻两车可能相遇2次D时刻甲车的平均速度大于乙车2、在水平地面固定倾角为的斜面体，质量为m的物体在平行于底边、大小为F的水平力作用下静止于斜面上，如图所示。重力加速度大小为g。该物体受到的摩擦力大小为（）AFBF+mgCF+mgsinD3、电梯在t=0时由静止开始上升，运动的a

3、-t图象如图所示（选取向上为正），电梯内乘客的质量m0=50kg，重力加速度g取10m/s2，下列说法正确的是（）A第9s内电梯速度的增加量为0.5m/sB第9s内电梯对人的支持力对人做负功C第9s内乘客处于失重状态D第9s内电梯对人的支持力大小小于人对电梯的压力大小4、如图所示,导线框中电流为I,导线框垂直于磁场放置,磁感应强度为B,AB与CD相距为d,则棒MN所受安培力大小()ABCD5、如图所示为两个等量异号点电荷所形成电场的一部分电场线，P、Q是电场中的两点。下列说法正确的是（ ）AP点场强比Q点场强大BP点电势比Q点电势低C电子在P点的电势能比在Q点的电势能小D电子从P沿直线到Q的过

4、程中所受电场力恒定不变6、一质量为的物块能在倾角为的足够长斜面上匀减速下滑在初始状态相同及其他条件不变时，只对物块施加一个竖直向下的恒力，如图所示，则物块减速到零的时间与不加恒力两种情况相比较将（ ）A变长B变短C不变D不能确定二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、静止在水平地面的物块A，受到水平向右的拉力F作用，F与时间t的关系如图乙所示设物块与地面的静摩擦力最大值fm与滑动摩擦大小相等，则（ ）A0-t1时间内物块A的速度逐渐增大Bt2时刻物块A的加速度最大Ct2时

5、刻后物块A做反向运动Dt3时刻物块A的速度最大8、如图所示，一足够长的光滑斜面，倾角为，一弹簧上端固定在斜面的顶端，下端与物体b相连，物体b上表面粗糙，在其上面放一物体a，a、b间的动摩擦因数为(tan)，将物体a、b从O点由静止开始释放，释放时弹簧恰好处于自由伸长状态，当b滑到A点时，a刚好从b上开始滑动；滑到B点时a刚好从b上滑下，b也恰好速度为零，设a、b间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力下列对物体a、b运动情况描述正确的是A从A到B的过程中，a的速度减小，b的加速度增大，速度却减小B经过B点， a掉下后，b开始反向运动，b一定能上滑超过O点C从O到A的过程中，两者一起加速，加速度大小从gs

6、in先减小至0后又增大D从O到B的过程中，摩擦力对a的功率先增大后不变9、如图所示，轻质弹簧的一端与固定的竖直板P栓接，另一端与物体A相连，物体A静止与光滑水平桌面上，右端接一细线，细线绕过光滑的轻质定滑轮与物体B相连，开始时用手托住B，让细线恰好伸直，然后由静止释放B，直至B获得最大速度，下列有关该过程的分析正确的是（ ）AB物体的机械能一直在增大BB物体的动能的增加量等于它所受重力与拉力做的功之和CB物体机械能的减小量等于弹簧的弹性势能的增加量D细线拉力对A做的功等于A物体与弹簧所组成的系统机械能的增加量10、在平直公路上，质量为m的汽车以速度v0匀速行驶，此时发动机的功率为P。某时刻驾驶

7、员加大油门，发动机功率立即增为2P并保持该功率继续行驶。假设汽车行驶过程中所受阻力不变。从驾驶员加大油门开始计时，汽车的速度v与时间t的关系如图(经时间t1后汽车以2v0匀速运动)，则下列判断正确的是At=0时刻汽车的加速度大小为Pmv0B汽车在t12时刻的牵引力大小为4P3v0C在0t1时间内汽车行驶的位移大小为2v0t1-3mv032PD在0 t1时间内阻力对汽车所做的功为2Pt1-3mv022三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某同学利用图1所示实验装置来测定滑块与桌面之间的动摩擦因数。其中，a是滑块（可视为质点），b是可以

8、固定于桌面的滑槽（滑槽末端与桌面相切）。实验操作如下：A如图1，将滑槽固定于水平桌面的右端，滑槽的末端与桌面的右端M对齐，让滑块a从滑槽上最高点由静止释放滑下，落在水平地面上的P点。并测出桌面的高度MO为H，OP距离为。B如图2，将滑槽沿桌面左移一段距离，测出滑槽的末端N与桌面的右端M的距离为L，让滑块a再次从滑槽上最高点由静止释放滑下，落在水平地面上的点，测出距离XC改变L，重复上述步骤B，分别记录实验数据。已知重力加速度为g，不计空气阻力。请回答下列问题：（1）实验中_（“需要”“不需要”）测量滑块的质量m。（2）根据实验记录的数据作出关系图像，如图3所示，若图中纵截距为，横截距为，则可求

9、出滑块a与桌面的动摩擦因数的表达式是=_。（3）若更换较光滑的滑槽（末端与桌面相切），则滑块a与桌面的动摩擦因数的测量结果将_（“偏大”“偏小”“不变”）。12（12分）如图甲是某同学测量重力加速度的装置，他将质量均为M的两个重物用轻绳连接，放在光滑的轻质滑轮上，这时系统处于静止状态该同学在左侧重物上附加一质量为m的小重物，这时，由于小重物m的重力作用而使系统做初速度为零的缓慢加速运动，该同学用某种办法测出系统运动的加速度并记录下来完成一次实验后，换用不同质量的小重物，并多次重复实验，测出不同m时系统的加速度a并作好记录（1）若选定物块从静止开始下落的过程进行测量，则需要测量的物理量有（_）A

10、小重物的质量m B大重物的质量MC绳子的长度 D重物下落的距离及下落这段距离所用的时间（2）经过多次重复实验，得到多组a、m数据，做出图像，如图乙所示，已知该图象斜率为k，纵轴截距为b，则可求出当地的重力加速度g_，并可求出重物质量M_（用k和b表示）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示,长为L的绝缘细线,一端固定在O点,一端拴着质量为m、电荷量为q(q0)的小球,小球所处的空间存在场强大小为3mgq(g为重力加速度)方向竖直向上的匀强电场。现将细线拉直到水平位置,使小球由静止释放，当小球的速度沿水

11、平方向时,细线被拉断,之后小球继续运动并经过P点(图中未画出),已知P点与O点间的水平距离为L,不计阻力,求: (1)细线被拉断前瞬间的拉力大小；(2)O、P两点间的电势差.14（16分）A、B、C三物块质量分别为M、m和，作如图所示的联结其中，绳子不可伸长，绳子和滑轮的质量不计，绳子和滑轮间、A物块和桌面间均光滑从图中所示位置释放后A、B、C一起作匀加速直线运动，求在作匀加速直线运动的过程中物块A与B间的摩擦力大小和绳上的拉力取15（12分）一质点做匀变速直线运动，先后经过直线上A、B、C三点，AB=BC，若质点在AB间的平均速度，在BC间的平均速度，求质点经B点的瞬时速度。参考答案一、单项

12、选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】A v-t图的斜率表示加速度，由图可知，时刻甲车的加速度大于乙车，A错误B v-t图的面积表示位移，由图可知，时刻乙的位移大于甲的位移，所以时刻乙车在前，同理时刻甲车在前，B错误C时刻两车相遇的时刻在时刻后，时刻前，相遇1次，C错误D时刻甲车的位移大于乙车，故甲车的平均速度大于乙车，D正确2、D【解析】对物体受力分析可知，物体受重力、支持力、拉力以及摩擦力的作用而处于平衡状态；将重力分解为垂直于斜面和沿斜面上的两个分力，则可知，在沿斜面方向上，重力的分力mgsin与拉力F以及摩擦力的合

13、力为零；根据则可知，摩擦力等于拉力与重力的分力的合力，由几何关系可知，摩擦力为。A.F与分析结论不符，故A错误。B.F+mg与分析结论不符，故B错误。C.F+mgsin与分析结论不符，故C错误。D.与分析结论相符，故D正确。3、A【解析】A、由a-t图象的面积表示v，可求得第9s内v=112m/s=0.5m/s，即速度的增量为0.5m/s；故A正确.B、第9s内的加速度为正向，速度也向上正在向上加速，则支持力与位移同向，支持力做正功；B错误.C、由a-t图可知，09s内电梯加速度方向向上，则乘客一直处于超重状态；故C错误.D、人对电梯的压力和电梯对人的支持力是一对相互作用力，始终等大反向，与其

14、它力和运动状态无关；故D错误.故选A.【点睛】解决本题的关键要掌握超重和失重的条件，运用牛顿运动定律分析乘客的状态，由数学知识分析图象面积的意义4、D【解析】导体棒都在磁场中，故安培力为故D正确；故选D。5、C【解析】A由图可知，P点周围的磁感线比Q点稀疏，故P点的场强比Q点小，选项A错误；B由电场线的方向可知，电场由P到Q，而电势沿电场线方向是降低的，故P点电势高于Q点电势，选项B错误；C那么电子是负电荷，电子在P点的电势能小于在Q点的电势能，选项C正确；D由于P到Q间的电场强度是变化的，故电子从P沿直线到Q的过程中所受电场力是变化的，选项D错误。故选。6、B【解析】物块能在斜面上匀减速下滑

15、， 分析物体受力，由牛顿第二定律得加速度大小;只对物块施加一个竖直向下的恒力F时，分析物体受力，由牛顿第二定律得加速度大小；由以上两式可得；在初始状态相同及其他条件不变时，只对物块施加一个竖直向下的恒力F时速度减小得快些，故有时间变短，正确答案选B二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】试题分析：0-t1时间内，F小于等于最大静摩擦力，可知物块处于静止状态，故A错误t2时刻拉力最大，根据牛顿第二定律知，物块A的加速度最大，故B正确t2时刻后，拉力仍然大于摩擦力

16、，物块仍然做加速运动，故C错误从t1-t3时刻，拉力大于摩擦力，物块做加速运动，t3时刻后，拉力小于摩擦力，物块做减速运动，可知t3时刻物块A的速度最大故D正确故选BD考点：牛顿第二定律【名师点睛】解决本题的关键理清物块的运动规律，知道加速度方向与速度方向相同，物体做加速运动，加速度方向与速度方向相反，物体做减速运动8、AB【解析】释放时弹簧恰好处于自由伸长状态，斜面光滑，二者具有向下的加速度，弹簧伸长，弹簧拉力增大，则二者做加速度逐渐减小的加速运动，以a为研究对象，取沿斜面向下为正方向，有：mgsin-f=ma得：f=mgsin-ma，可见只要a物体具有向下的加速度，则fmgsinmgcos

17、，即所受摩擦力小于最大静摩擦力，物体不会滑动，当二者加速度为零，即（M+m）gsin=F，之后弹簧继续伸长，则ab开始具有沿斜面向上的加速度，即开始减速运动，以a为研究对象，取沿斜面向上为正方向，有：f-mgsin=ma；当f有最大值时a有最大值，又fmax=mgcos则a=gcos-gsin，之后b加速度继续增大而a加速度保持不变，二者发生相对滑动，故经过A点时，a、b均已进入到减速状态，此时加速度大小是g（cos-sin），A正确，C错误；在a落下后，b将以新的平衡位置为中心做谐振动，由对称性可推断出b将冲过O点，即b的最高点将在O点之上，选项B正确从O到B的过程中，a的速度一直增大，则摩

18、擦力对a的功率一直变大，选项D错误；故选AB点睛：该题是牛顿第二定律的直接应用，本题ACD三个选项注意使用临界分析法即可得到正确结果，B选项关键点在于a脱离b后，b的受力满足机械能和简谐振动模型.9、BD【解析】由于绳子的拉力对B做负功，所以B物体的机械能在减小，A错误；B物体受到绳子的拉力和重力作用，重力做正功，拉力做负功，根据动能定理可得B物体的动能的增加量等于它所受重力与拉力做的功之和，B正确；将AB和弹簧看做一个整体，B物体的重力势能转化为AB的动能和弹簧的弹性势能，故B物体机械能的减小量等于弹簧的弹性势能的增加量与A动能增加量之和，C错误；将A和弹簧看做一个整体，绳子的拉力对整体做正

19、功，所以细线拉力对A做的功等于A物体与弹簧所组成的系统机械能的增加量，D正确10、ACD【解析】根据“汽车保持功率一定行驶”可知，本题考查机车的启动问题，分析清楚物体的受力情况，结合受力情况再确定物体的运动情况，阻力做功根据动能定理求解是常用的思路.【详解】A、汽车匀速行驶时，有阻力f=Pv0，t=0时刻汽车的牵引力为F=2Pv0，根据牛顿第二定律得，汽车的加速度大小a=F-fm=2Pv0-Pv0m=Pmv0；故A错误.B、若汽车做匀加速直线运动，v=v0+2v02=3v02，由2P=Fv，可得F=2Pv=4P3v0，但汽车做变加速直线运动，无法求得t12时刻的瞬时速度；故牵引力的大小F=4P

20、3v0；故B错误.C、D、汽车的功率保持不变，牵引力为变力，由动能定理2Pt1-fx=12m(2v0)2-12mv02，解得x=2v0t1-3mv032P，Wf=fx=2Pt1-32mv02；故C正确，D正确.故选ACD.【点睛】汽车匀速行驶时，根据P=Fv求出阻力的大小，当功率为2P时，求出t=0时刻的牵引力，结合牛顿第二定律求出汽车的加速度大小.根据功率不变，结合速度的变化判断牵引力的变化对变加速运动过程运用动能定理，求出克服阻力做功的大小以及汽车行驶的位移三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 不需要 不变【解析】（1）滑块离开桌面

21、后做平抛运动，设滑块滑到底端的速度为v0，竖直方向：h=gt2，水平方向：x0=v0t，x=vt从N到M过程中，由动能定理得：-mgL=mv2-mv02解得：x2=x02-4hL，该实验不需要测量小球的质量；（2）图象的函数表达式为：x2=x02-4hL，x2-L图象的斜率绝对值： ，动摩擦因数： ；（3）若更换较光滑的滑槽，滑块a到达桌面时的速度变大，当图象的函数表达式不变，滑块a与桌面的动摩擦因数的测量结果不变12、AD 1/b k/2b 【解析】(1)对整体分析,根据牛顿第二定律得： ,计算得出 ,根据 得： .所以需要测量的物理量有:小重物的质量m,重物下落的距离及下落这段距离所用的时间.故AD正确.(2)因为,则 ,知图线的斜