2023届贵州省六盘水市第七中学物理高三第一学期期中经典模拟试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷考生请注意：1答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、国际单位制（缩写SI）定义了米（m）、秒（s）等7个基本单位，其他单位均可由物理关系导出。例如，由m和s可以导出速度单位ms1。下列几个物理量的单位正确的是A滑动摩擦因数的单

2、位N/kgB功W的单位是kgm/s2C万有引力恒量G的单位是Nkg2/ m2D劲度系数k的单位是kg/s22、如图所示,质量为M的光滑斜面体A放在粗糙的水平面上，质量为m的物块P通过与斜面平行的轻弹簧拴接在挡板B（不计质量）上,水平向右的推力F作用在物块P上,整个系统处于静止状态重力加速度为g.下列说法正确的是 ( )A弹簧一定被拉长B弹簧一定被压缩C地面对斜面体的摩擦力一定为FD地面对斜面体的支持力一定大于(M+m)g3、如图所示，质量为m的物体用轻绳AB悬挂于天花板上，用水平向左的力F拉着绳的中点O，使AO与竖直方向的夹角为，物体处于平衡状态，则拉力F的大小为AF=mgsinBF=mgta

3、nCF=mg/cosDF=mg/tan4、为了节省能量，某商场安装了智能化的电动扶梯无人乘坐时，扶梯运转得很慢；有人站上扶梯时，它会先慢慢加速，再匀速转动一顾客乘扶梯上楼，恰好经历了这两个过程，如图所示，则下列说法正确的是( )A顾客始终受到三个力的作用B顾客始终处于超重状态C扶梯对顾客作用力的方向先指向左上方，再竖直向上D扶梯对顾客作用力的方向先指向右上方，再竖直向上5、如图，质量为m、带电量为q的小球B用绝缘细线悬挂，处于固定的带电体A产生的电场中，A可视为点电荷，B为试探电荷。当小球B静止时，A、B等高，细线偏离竖直方向的夹角为。已知重力加速度为g。则点电荷A在B处所产生的场强大小为（）

4、ABCD6、关于静电场，下列结论普遍成立的是（）A电场强度为零的地方，电势也为零B电场强度的方向与等电势面处处垂直C随着电场强度的大小逐渐减小，电势也逐渐降低D任一点的电场强度总是指向该点电势降落的方向二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、为减少机动车尾气排放，某市推出新型节能环保电动车，在检测该款电动车性能的实验中，质量为8102kg的电动车由静止开始沿平直公路行驶，利用传感器测得此过程中不同时刻电动车的牵引力F与对应的速度v，并描绘出如图所示的F1v图象（图中AB、

5、BO均为直线），假设电动车行驶中所受阻力恒定，最终匀速运动，重力加速度g取10m/s2，则（ ）A电动车运动过程中的最大速度为15m/sB该车启动后，先做匀加速运动，然后匀速运动C该车做匀加速运动的时间是2sD该车加速度大小为0.75m/s2时，动能为1.44l04J8、一人乘电梯上楼，在竖直上升过程中加速度a随时间t变化的图线如图所示，以竖直向上为a的正方向，则人对地板的压力（ ）At=2s时最大Bt=2s时最小Ct=8.5s时最大Dt=8.5s时最小9、如图甲所示，木块放在水平桌面上，给木块施加一随时间t增大的水平力F=kt(k是常数)，摩擦力传感器描绘出木块受到的摩擦力Ff随着时间t变化

6、的图线如图乙所示。下列说法正确的是（ ）A木块在t2时刻开始运动B木块在t2时刻以后做匀速直线运动C滑动摩擦力的大小等于Ff 1D最大静摩擦力的大小等于Ff 210、如图所示，质量和电荷量均相同的两个小球A、B分别套在光滑绝缘杆MN、NP上，两杆固定在一起，NP水平且与MN处于同一竖直面内，MNP为钝角B小球受一沿杆方向的水平推力F1作用，A、B均处于静止状态，此时A、B两球间距为L1现缓慢推动B球，A球也缓慢移动，当B球到达C点时，水平推力大小为F2，A、B两球间距为L2，则()AF1F2BF1F2CL1L2DL1L2三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求

7、写出演算过程。11（6分）如图所示，托盘用细线通过定滑轮牵引小车，使它在长木板上运动，打点计时器在纸带上记录小车的运动情况利用该装置可以完成“探究牛顿第二定律”的实验 (1)图为某次实验打出的一条纸带，纸带上每相邻的两计数点间都有四个计时点未画出，按时间顺序取O、A、B、C、D五个计数点，用刻度尺量出A、B、C、D点到O点的距离，则小车的加速度a=_ms1(结果保留两位有效数字)(1)某同学平衡摩擦力后，在保持小车质量不变的情况下，通过多次改变砝码质量，且满足小车质量远大于盘和砝码的总质量，作出小车加速度a与砝码重力F的图象如图所示重力加速度g=10ms1，则小车的质量为_kg，小盘的质量为_

8、kg12（12分）某实验小组为探究加速度与力之间的关系设计了如图（a）所示的实验装置，用钩码所受重力作为小车所受的拉力，用DIS（数字化信息系统）测小车的加速度通过改变钩码的数量，多次重复测量，可得小车运动的加速度a和所受拉力的关系图象他们在轨道水平和倾斜的两种情况下分别做了实验，得到了两条aF图线，如图（b）所示图线_是在轨道水平的情况下得到的（选填“”或“”）小车和位移传感器发射部分的总质量为_kg，小车在水平轨道上运动时受到的摩擦力大小为_N四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，质量为5kg的

9、物块自倾角为37的传送带上由静止下滑，物块经过水平地面CD后进入光滑半圆弧轨道DE，传送带向下匀速转动，其速度v=10m/s，传送带与水平地面之间光滑连接（光滑圆弧BC长度可忽略），传送带AB长度为16m，水平地面 CD长度为6.3 m，物块与水平地面、传送带间的动摩擦因数均为=0.5，圆弧DE的半径R=1.125m（sin 37=0.6，cos 37=0.8）（1）求物块在传送带上运动时系统产生的热量；（2）物块到达E点时的速度14（16分）如图所示，质量M0.8kg的平板小车静止在光滑水平地面上，在小车左端放有质量mA0.1kg的物块A(可视为质点)，在物块A正上方L0.45m高处有一固定

10、悬点，通过不可伸长且长度也为L的细绳悬挂一质量mB0.1kg的物块B，把细绳向左拉到某位置静止释放，物块B(视为质点)在最低点时绳子拉力大小T=3N,随后与物块A发生弹性碰撞(时间极短)最终物块A没有滑离小车重力加速度g10 m/s1求：(1)物块B与物块A碰撞前瞬间速度大小v0；(1)物块A被碰撞后瞬间速度vA；(3)产生的内能15（12分）如图所示，薄板A长L=5 m，其质量M=5 kg，放在水平桌面上，板右端与桌边相齐在A上距右端s=3 m处放一物体B（可看成质点），其质量m=2 kg已知A、B间动摩擦因数1=11，A与桌面间和B与桌面间的动摩擦因数均为2=12，原来系统静止现在在板的右

11、端施加一大小一定的水平力F持续作用在A上直到将A从B下抽出才撤去，且使B最后停于桌的右边缘（g取11 m/s2）求：（1）B运动的时间；（2）力F的大小参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】A滑动摩擦因数没有单位，故A错误；B由功公式可知，功的单位为，故B错误；C由公式得所以G的单位是，故C错误；D由胡克定律可得所以劲度系数k的单位故D正确。2、C【解析】根据P的受力情况，由平衡条件分析P是否受摩擦力，并确定弹簧的状态对整体研究，分析地面对斜面体的摩擦力情况【详解】A、B项：由于不知道推力和弹力重力间的关系

12、，所以轻弹簧可能处于伸长状态、也可能处于原长或压缩状态，故A、B错误；C项：对整体，由平衡条件可知，地面对斜面体A一定有向左的摩擦力且大小等于F，故C正确；D项：对整体，由平衡条件可知，地面对斜面体的支持力一定等于(M+m)g，故D错误故应选：C【点睛】本题关键是灵活地选择研究对象进行受力分析，然后根据共点力平衡条件分析，注意物体P与斜面体间的静摩擦力、弹簧弹力方向的不确定性3、B【解析】分析小球的受力情况，运用合成法或正交分解法进行求解，得到F的表达式；【详解】以结点O为研究对象受力分析如下图所示：由题可知，竖直绳的张力等于mg，保持不变；根据平衡条件可知：，由此两式可得：，故B正确，ACD

13、错误【点睛】解决本题的关键能够正确地受力分析，运用合成方法求解即可，也可运用正交分解4、D【解析】分加速和匀速两个过程对顾客进行运动分析和受力分析，加速过程合力斜向右上方，故支持力大于重力，静摩擦力水平向右；匀速过程重力和支持力二力平衡。【详解】A、在加速过程中，顾客受重力、支持力和静摩擦力三个力作用，匀速过程中，顾客受重力和支持力两个力作用，故A错误。B、加速过程中，顾客在竖直方向上有加速度，支持力大于重力，处于超重状态，匀速运动过程中，重力和支持力平衡，不是超重状态，故B错误。CD、在慢慢加速的过程中，受力如图，物体加速度与速度同方向，合力斜向右上方，因顾客受到的摩擦力与接触面平行水平向右

14、，电梯对其的支持力和摩擦力的合力方向指向右上方，当匀速运动时，扶梯对顾客作用力为支持力，竖直向上，故D正确，C错误。故选：D【点睛】本题关键要分两个过程研究，加速过程可以先找出加速度方向，然后得出合力方向，结合物体的受力分析，可以得知各个力；匀速过程二力平衡，与运动方向无关。5、D【解析】小球处于平衡状态，受力如图：根据合成法，知电场力：F=mgtan解得：E=ABC.由上计算可知，ABC错误；D.由上计算可知，D正确。6、B【解析】试题分析： 电场强度与电势没有直接关系，电场强度为零时，电势不一定为零；电势为零，电场强度不一定为零，故A错误；电场线与等势面垂直，而电场强度的方向为电场线的方向

15、，所以电场强度的方向与等势面垂直，故B正确；根据沿着电场线方向，电势降低，而电场强度大小减小，不一定沿着电场线方向，故C错误；顺着电场线方向电势降低，由匀强电场U=Ed可知，电场强度的方向是电势降低最快的方向，故D错误故选B考点：电场强度与电势【名师点睛】明确电场强度与电势无直接关系，知道电场强度的方向是电势降低最快的方向，同时理解沿着等势面移动电荷，电场力不做功二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】AB过程牵引力不变，根据牛顿第二定律知，做匀加速直线运动，

16、BC段图线的斜率表示电动车的功率，斜率不变，则功率不变，根据功率与牵引力的关系，判断BC段的运动情况，速度达到最大时，牵引力等于阻力；【详解】A、因为横坐标是1v，所以全过程中，速度越大则1v值最小，即速度最大是15m/s，故A正确。B、AB段牵引力不变，根据牛顿第二定律知，加速度不变，做匀加速直线运动； CB图线的斜率表示电动车的功率，知CB段功率不变，牵引力增大，加速度增大，做加速度增大的加速运动，故B错误；C、电动机的功率为：P=2000-40013-115W=6000W匀加速运动的末速度为：v=PF=60002000m/s=3m/s当牵引力等于阻力时，速度最大，由图线知，f=400N，

17、根据牛顿第二定律得，匀加速运动的加速度大小：a=F-fm=2000-400800m/s2=2m/s2则匀加速运动的时间t=va=32s=1.5s，故C错误；D、当车加速度为0.75m/s2时，牵引力为：F=f+ma=400+8000.75N=1000N，此时的速度为：v1=PF=60001000m/s=6m/s，则车的动能为：Wk=12mv12=1280062J=1.44104J，故D正确。【点睛】解决本题的关键能够从图线中分析出电动车在整个过程中的运动情况，当牵引力等于阻力时，速度达到最大。8、AD【解析】由于t=2s时物体向上的加速度最大，故此时人对地板的压力最大，因为地板此时对人的支持力

18、最大；而t=15s时物体向下的加速度最大，故地板对的支持力最小，即人对地板的最小，故选项AD正确，选项BC错误9、ACD【解析】AB：由图知：t2时刻木块受的摩擦为最大静摩擦，水平力F=kt，木块在t2时刻开始运动，以后拉力大于滑动摩擦力，t2时刻以后做变加速直线运动；故A正确、B错误。C：木块在t2时刻开始运动，t2时刻以后物体受滑动摩擦力，则滑动摩擦力的大小等于Ff 1；故C正确。D：t2时刻木块受的摩擦为最大静摩擦，最大静摩擦力的大小等于Ff 2；故D正确。点睛：根据图象推出对应的运动情景，再将情景与图象对应分析。10、BC【解析】CD对A受力分析如图所示，A受到重力mg、支持力FA和库

19、仑力F库，根据平衡条件可知，重力mg和库仑力F库的合力FA与支持力FA等值反向，可以把重力mg、支持力FA和库仑力F库之间的关系转变为mg、FA、F库之间的三角形关系，如图所示当B球向C移动的过程中，库仑力的方向在改变，即图中角变小，由矢量三角形可知，库仑力在变小根据库仑定律可知L变大，即AB之间的距离变大；故C正确、D错误AB对B球受力分析如图所示，B受到重力mg、支持力FB、库仑力F库和推力F，根据平衡条件可知，F=F库cos，当B球向C移动的过程中，库仑力的方向在改变，即在变大，则cos变小，库仑力又在减小，故推力F变小，即F1F2；故A错误、B正确三、实验题：本题共2小题，共18分。把

20、答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 【解析】(1)由于每相邻两个计数点间还有4个点没有画出，所以相邻的计数点间的时间间隔T=0.1s，设第一个计数点到第二个计数点之间的距离为x1，以后各段分别为x1、x3、x4，根据匀变速直线运动的推论公式x=aT1可以求出加速度的大小，得：x4-x1=1a1T1,x3-x1=1a1T1,为了更加准确的求解加速度，我们对两个加速度取平均值，.(1)砝码重力为F，设小盘质量为m0，根据牛顿第二定律：，可知，则a-F图象的斜率表示小车质量的倒数，故小车质量为，F=0时，产生的加速度是由于托盘作用产生的，故有，解得.【点睛】本题考查的比较综合，

21、需要学生对这一实验掌握的非常熟，理解的比较深刻才不会出错，知道a-F图的斜率等于小车质量的倒数.要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用.12、1kg 1N【解析】试题分析：（1）在水平轨道上，由于受到摩擦力，拉力不为零时，加速度仍然为零，可知图线是在轨道水平的情况下得到的（2）根据牛顿第二定律得，图线的斜率表示质量的倒数，则，解得，因为时，加速度为零，解得考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系【名师点睛】根据图象的特点结合牛顿第二定律分析求解理解该实验的实验原理和数据处理以及注意事项，知道实验误差的来源四、计算题：本题共2小题，共26分

22、。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）120J（2）6m/s【解析】试题分析：物块在传送带上先做匀加速直线运动，速度达到传送带速度后继续做加速度不同的匀加速直线运动，根据牛顿第二定律和运动学公式求出物块与传送带间的相对位移，即可求得热量根据速度时间公式求出C点的速度，由动能定理求物块到达E点时的速度（1）物块放上传送带后的加速度a1=mgsin37+mgcos37m=gsin37+gcos37=100.6+0.5100.8m/s2=10m/s2物体的速度加速至传送带的速度所需的时间t1=va1=1010s=1s匀加速直线运动的位移x1=12a1t12=12101m=5mmgcos37，所以滑块与传送带不能保持相对静止，继续向下以不同的加速度匀加速，物块的加速度为a2=mgsin37-mgcos37m=gsin37-gcos37=100.6-0.5100.8m/s2=2m/s2根据L-x1=vt2+12a2t22，代入数据得16-5=10t2+t22，解得t2=1s物块在传送带上运动时系统产生的热量为Q=mgcos37vt1x1+Lx1vt2代入数据解得Q=120J（2）物块到