重庆2018届高三上学期期末抽测一诊理综物理试卷解析版

1、重庆市2018届高三上学期期末抽测（一诊）理综物理试卷一、选择题.关于近代物理发展的成果，下列说法正确的是（）A.只要增加入射光的强度，光电效应就可以发生B.氢原子从激发态向基态跃迁时会辐射特定频率的光子C.环境温度越高，原子核衰变的速度越快D.任何核反应都遵从质量守恒定律【答案】B【解析】A、发生光电效应和光的强度没有关系，只有大于极限频率才可以发生光电效应，故A错;B、根据玻尔氢原子模型的相关理论，电子轨道和能量都是量子化的，而在 跃迁”过程中要遵循 池三后血-稣，故只能辐射特定频率的光子；故B正确.C、衰变和元素本身有关，和温度无关，故 C错;D、爱因斯坦的质能方程表明核反应中存在质量亏

2、损，故 D错;综上所述本题答案是：B.如图所示，上表面水平的物块M,刚好在固定的足够长的斜面上匀速下滑.现把另一物块N轻轻地叠放在M的上表面上，下列说法正确的是（）A.两物块M、N一起匀速向下滑动B.两物块M、N一起加速向下滑动C.物块M所受的合外力变大D.物块M所受的合外力变小【解析】：AB、未放N时，对M受力分析，受重力Mg、支持力N、摩擦力f.,设斜面的倾角为6，根据平衡条件N = mgcosOf = mgsinO = pN得：r = tan6因为物体N轻轻地叠放在 M上，相当于增大物体 M重力，上式关系仍然成立，说明M、N这个整体一起向下匀速运动，故A对，B错；由于M还是匀速下滑，所以

3、受到的合外力为零，故 CD错综上所述本题答案是：A.如图所示，竖直面内分布有水平方向的匀强电场，一带电粒子沿直线从位置 a向上运动到位置 b,在这个过程中，带电粒子 （）；7金一 1A.只受到电场力作用B.带正电C.做匀减速直线运动D.机械能守恒【答案】C【解析】AB、带电粒子沿直线从位置立运司I到位置b ,说明带电粒子受到的合外力方向与速度在一条直线上，对小球受力分析，应该受到鞋直向下的重力，和水平向左的电场力，电场力方向与电场线方向相反，所以小球带负电，故出错；C、由于小球做直线运动所以电场力和重力的合力应该和速度在一条线且与速度方向相反，故小球做匀减速 直线运动，故 C对;D、电场力做负

4、功，机械能减小，故 D错误；综上所述本题答案是：C.如图所示，电源电动势 E,内电阻恒为r, R是定值电阻，热敏电阻 RT的阻值随温度降低而增大，C是平行板电容器.闭合开关S,带电液滴刚好静止在 C内.在温度降低的过程中， 分别用 AUP AU2和AU3表示电流表、电压表 1、电压表2和电压表3示数变化量的绝对值.关于该电路工作状态的变化，下列说法C.带电液滴一定向下加速运动D.电源的工作效率一定变大【答案】D【解析】AB、根据电路知识知，V3测路端电压，V2测热敏电阻RT的电压，Vi测定值电阻R的电阻， 由= ETr得：=rAI,、 AU：由口工=ET(R + i)得：=Ri-rAlU1 =

5、 IR得：二R故AB错； AIC、带电液滴在平行板中受到向上的电场力和向下的重力处于平衡状态，在温度降低的过程，热敏电阻RT阻值变大，回路中电流变小，路端电压增大，由于流过定值电阻R的电流变小，所以分的电压也就变小，而路端电压增大，故 V2读数增大，平行板间的电场强度也增大，导致带电液滴向上运动，故C错;UI uD n =，由于路端电压增大，所以电源的工作效率一定变大，故D正确;综上所述本题答案是：D点睛：认清本题电路结构，并要明确AU AU： 、AI AI AI,分别代表什么，然后结合串并联电路求解带求量5.如图所示，在0WxWga区域内存在与 xOy平面垂直的匀强磁场，磁感应强度大小为B.

6、在t=0时刻，从原点O发射一束等速率的相同的带电粒子，速度方向与y轴正方向的夹角分布在 090。范围内.其中，沿y轴正方向发射的粒子在t=t0时刻刚好从磁场右边界上P(3a,/a)点离开磁场，不计粒子重力，下列说法正确 TOC o 1-5 h z 的是()，产（,辰）X j k03a XA.粒子在磁场中做圆周运动的半径为3aB.粒子的发射速度大小为 C.带电粒子的荷质比为D.带电粒子在磁场中运动的最长时间为2t0【答案】D【解析】A、根据题意作.出沿y轴正方向发射的带电粒子在磁场中做圆周运动轨迹如图所示圆心为O,根据几何关系，粒子做圆周运动的半径为2a,故A错;2n2 冗xaB、沿y轴发射的粒

7、子在磁场中运动的圆心角为工，运动时间f _ 3 解得：3t047ra飞二丁，选项B错误;C、沿y轴发射的粒子在磁场中运动的圆心角为,对应运动时间为b所以粒子运动的周期为=%）,.r r/2兀7由，Iq2瓦,“则一=故C专日；m 3叫D、在磁场中运动时间最长的粒子的运动轨迹如图所示由几何知识得该粒子做圆周运动的圆心角为不，在磁场中的运动时间为2to故d正确；综上所述本题答案是：D 点睛：本题考查带电粒子在磁场中的运动，解题的关键在于确定圆心和半径，并能根据几何关系确定可能 的运动轨迹6.我国计划于今年年底发射“嫦娥 5号”航天器.假设航天器在近月轨道上绕月球做匀速圆周运动，经过时间t （小于绕行

8、周期），运动的弧长为s,航天器与月球中心连线扫过的角度为。（弧度），引力常量为G,则（）A.航天器的轨道半径为- t2也B.航天器的环绕周期为3C.月球的质量为;G01-D.月球的密度为 4Gf【答案】BC【解析】A、根据几何关系得T = .故A错误； V1 7T2jrLB、经过时间t,航天器与月球的中心连线扫过角度为甘则:。=谕=t彳导:T=.故B对TB，一一、,一 t , GMm2兀 24兀1s , 人口 C、由万有引力充当向心力而做圆周运动，所以:一，-=出不）I所以；M = -=-.所以C选项是正确的r 1G0l-D、人造航天器在月球表面上空绕月球做匀速圆周运动，月球的半径等于r,则月

9、球的体积：/ = 不/，月球的密附故D错 4srGt2度为厂里=可一 3-7TT综上所述本题答案是：BC点睛：由万有引力充当向心力而做圆周运动的，则由万有引力公式及已知量可得出能计算的物理量.如图甲所示，竖直轻弹簧固定在水平地面上，上端与质量为0.1kg的木块A相连，质量也为 0.1kg的木块B叠放在A上，A、B都静止.在B上施加竖直向下的力 F,使木块缓慢向下移动. F的大小与木块移动距离x的关系如图乙所示，整个过程弹簧都处于弹性限度内，g取10m/s2.下列说法正确的是 （）图甲A.弹簧的劲度系数为 500N/m.在木块下移0.1m的过程中，弹簧的弹性势能增加2.5 JC.当木块下移0.1

10、m时，若撤去F,则B的最大速度为5m/sD.当木块下移0.1m时，若撤去F,则A、B分离时的速度为5m/s【答案】AC【解析】A、弹簧的形变量之间 0.1m的过程中，压力增大 50N,根据胡克定律：F=k&,所以:= 500N,m故A正确;AF 50 k a x 0 JB、由图，F-x图象中，纵坐标 F与横坐标x之间所围的面积表示力 F做的功，所以这个过程中力F做功W =二503 = 2.5J ,而弹簧弹性势能的增加量等于力F做的功与木块重力势能的减少量之和，故弹簧s-i的弹性势能增加量大于 2.5J ；故B错误；C、木块下移0.1 m时，若撤去F,则A与B整体将以开始时的位置为平衡位置做简谐

11、振动，所以当 AB回到平衡位置时速度最大；由于开始阶段压力做功2.5J,所以A与B的速度最大时，二者动能的和是2.5J,即幻/： =得：1 =加国.故C正确.D、由C的分析可知，当B的速度是5m/s时，二者仍然在平衡位置，所以二者的加速度都等于0, B受到的A对B的弹力等于重力，所以二者没有分离.故 D错误.综上所述本题答案是：AC点睛：该题考查功能关系以及两个物体分离的条件，关键是要明确两个木块分离时二者的速度相等，加速度相等，同时二者之间的相互作用力等于0;另外明确系统中什么能减少、什么能增加.8.如图所示，水平传送带以恒定速率传动.每隔相同时间 T,在左端A点，轻轻放上一个完全相同的工件

12、， 已知工件与传送带之间的动摩擦因数为肉工件质量为m.经测量，发现那些已经和传送带共速的工件之间的距离均为L .已知重力加速度为 g,下列说法正确的是 （）Q QA.传送带的速度大小为一TLB.工件在传送带上加速时间为 c.每个工件与传送带间因摩擦而产生的热量为止若：mL2D.传送带因传送每一个工件而多消耗的能量为T-【答案】AD【解析】A、工件在传送带上先做匀加速直线运动，然后做匀速直线运动，每个工件滑上传送带后运动的规律相同，可知x = vT = L ,解得传送带的速度v = - .故A正确. TB、设每个工件匀加速运动的时间为t,根据牛顿第二定律得，工件的加速度为a=g,根据三丫口十凯，

13、解得：t .故B错误.a T.ng TOC o 1-5 h z 22ml?C、工件与传送带相对滑动的路程为：= v，则摩擦产生的热量为：Q = grng Ax = ,陋2pg 2晤2r故C错误.I* ，一10ml? , 一人D、根据能重寸恒，传送田因传送一个工件多消耗的能重E = -mH + .umg &x = ,故D正确.2j2综上所述本题答案是：AD二、非选择题：9.某中学实验室有一个标志为 100 0% ”的定值电阻，某同学准备用伏安法尽量精确地测定它的阻值.实验室指导老师为他准备了以下器材：A.电流表A1 （内阻约为100 量程30mA）B.电流表A2 （内阻约为0.2口量程1A）C.

14、电压表V1 （内阻约为10 4口量程15V）D.电压表 V2 （内阻约为 4X103R量程3V）E.滑动变阻器R （规格为20 Q, 1A）F.直流电源E （电动势为3V,内电阻不计）G.开关S及导线若干（1）电流表应该选用 ,电压表应该选用 .（2）请在答题卡的虚线框内画出实验电路图 .测量结果偏 （填“大”或“小”）. Ai.上(4).小【解析】(1)电源电动势为3V,所以电压表选 V2,流过待测电阻的最大电流大约是:U 3,故电流表选Ai,1 = - 0.03 A = 30mAR 100(2)滑动变阻器的阻值比待测电阻小，为了调节方便，应该用分压电路，电流表的内阻接近待测电阻，为了减小误

15、差，应该用电流表外接法，所设电路如图所示U(3)由于电压表的分流，导致测量的电流偏大，由R = f知测量的电阻偏小。.某组同学计划用如图甲所示的实验装置，探究加速度a与合外力F及小车质量 M之间的定量关系.(1)为了平衡小车在运动过程中受到的阻力，必须使木板倾斜恰当的角度为若小车和木板之间的动摩擦因数为则tan 科(选填“义 建或“=”).(2)实验得到如图乙所示的纸带.O点为小车运动起始时刻所打的点，选取时间间隔为0.1s的相邻计数点A、B、C、D、E、F、G,小车的加速度大小为 m/s2 (结果保留2位有效数字).(3)在处理实验数据时，用m表示祛码和托盘的总质量， 用M表示小车的质量，用

16、g表示当地的重力加速度.若用m、M和g表述小车的加速度，则测量值为,理论值为. TOC o 1-5 h z 【答案】(1). =(2). 0.99 (0.98 1.0 )(3). (4).,Mm + M【解析】(1)为了平衡小车在运动过程中受到的阻力，必须使木板倾斜恰当的角度仇若小车不受拉力作用下能沿斜面匀速下滑，由平衡知：mgsinS = jJtmgcosO得：R = tan6(0,6677),3670)-(0.3670-0,1550)7(2)利用=打?得咨=;=0一99向一由于误差存在，所以加速度在(3T)2(0.98 1.00)者B算正确；mg速度，由牛顿第二定律得：=即8=这是实验的理

17、论值,m - M等于钩码和托盘的总重力，所以测量值为二Mmg综上所述本题答案是：(1). =(2). 0.99 (0.981.0)(3).一M但在测量时认为绳子对车的拉力(4).mgm + M(3)在处理实验数据时，用 m表示祛码和托盘的总质量，用M表示小车的质量，用 g表示当地的重力加m2=1kg的小物块静止在长木板.如图甲所示，质量 m1=4kg的足够长的木板静止在光滑水平面上，质量的左端.现对小物块施加一水平向右的作用力F,小物块和长木板运动的速度图象如图乙所示.2s后，撤去2F, g 取 10m/s .求:av/ (ms1)图甲图乙 TOC o 1-5 h z (1)小物块与长木板之间

18、的动摩擦因数百(2)水平力的大小F;(3)撤去F后，小物块和长木板构成的系统损失的机械能3E.【答案】(1) B = 0.2 ； (2) F=4N ; (3) AE = 3.6J一一 J1,2【解析】(1)由速度图象可知：长木板的加速度a=3 = 0nm，5JLr由牛顿第二定律可知：小物块施加给长木板的滑动摩擦力If小物块与长木板之间的动摩擦因数：二m2g(2)由速度图象可知：小物块的加速度a2 = - = 2mH由牛顿第二定律可知： .一 111 F = 4N撤去F后，小物块和长木板构成的系统动量守恒mji = mjv系统损失的机械能，.，- .综上所述本题答案是：(1) r = 02 ;

19、(2) F=4N ; (3) E=3.6J点睛：本题考查了对图像分析的能力，以及运用动量守恒和能量守恒解题时应该注意的问题。12.如图甲所示，在 xoy平面的第I象限内有沿 +x方向的匀强电场 Ei,第n、出象限内同时存在着竖直向 上的匀强电场 E2和垂直纸面的匀强磁场 B, E2 =2.5N/C,磁场B随时间t周期性变化的规律如图乙所示， Bo=O.5T,垂直纸面向外为磁场正方向.一个质量m=5X 10-5kg、电荷量q=2 M0”C的带正电液滴从 P点(0.6m, 0.8m)以速度v0=3m/s ?&-x方向入射，恰好以沿-y方向的速度v经过原点O后进入xw 0的区域, t=0时液滴恰好通

20、过 O点，g取10m/s2.求：图甲图乙(1)电场强度 日和液滴到达。点时速度的大小 v ;(2)液滴从P开始运动到第二次经过x轴所经历的时间t总；(3)若从某时刻起磁场突然消失，发现液滴恰好以与+y方向成30。角的方向穿过y轴后进入x0的区域，试确定液滴穿过y轴时的位置.【答案】（1） v=4m/s; % = L875N/C（2）噫=gt o.%&（3） yj 响加-1尸 Jm （式中 n=1,2,3,）% = 2/Qn-1）+ lm （式中 n=1,2,3,）【解析】（1）液滴在x0的区域内受竖直向下的重力和水平向右的电场力的作用,液滴在竖直方向上做自由落体运动：1 t2Y =滑t=0.4

21、sv=gt解得：v=4m/s液滴在水平方向上做匀减速运动前qE% = ma解得：（2）液滴进入x0的区域后，由于qE?N：mg,液滴运动轨迹如图1所示，其做圆周运动的大、小圆半径分别为1、r2,运动周期分别为T1、T2。旷 2qvB0 = m2m解得：IqB。液滴从P点到第二次穿过x轴经过的时间t总：t总11 英t + + ( + 0.4)s42-(3)情形一：若磁场消失时，液滴在x轴上方，如图1所示:0一口 gs3000Ml =嬴而一 F。-sin300) = Q肾 l)m3f-4 8犯0OM,二十 r,(l-sin30) = (65-1 加、tan3y2 3丫根据周期性可得，液滴穿过 y轴

22、时的坐标yn满足:(2nT)i工国吗伊y = r,(-sin30a)11 tan3(T -式中 %=2在(式中 n=1,2,3 )所示:情形二：若磁场消失时，液滴在x轴下方，如图2ON.=1 tan3O03r,卜口85300N, =:-r2(l-sin30) = (2v5-加tan3(Tt式1 sin300) = (fi 4+ l)m根据周期性可得，液滴穿过 y轴时的坐标yn满足:(2nT)T+ jcos30Py =z-r2(l-sin300)htan30式中了口嚏2招1T)+(式中n=1,2,3)综上所述本题答案是:(1) v=4m/s; Ei1.875N/C点睛：本题重点是对磁场周期性的应

23、用，磁场的周期性一定就会由粒子运动周期性的变化，故只要得到一 个周期的运动轨迹，就可以重复画轨迹，直到得到想要的结果.本题由于粒子的运动轨迹比较复杂，故考 查的难度相对较大13.关于热现象的描述，下列说法正确的是（）A.漂浮在水面上的花粉颗粒越大，撞击花粉颗粒的水分子越多，布朗运动反而越不明显B.气体的温度越高，每个气体分子的动能都越大C.零摄氏度的水比等质量的零摄氏度的冰分子势能大D.对于一定质量的理想气体，如果体积增大，就会对外做功，所以内能一定减少E.内能既能够从高温物体传递到低温物体，也能够从低温物体传递到高温物体【答案】ACE【解析】I悬浮在液体中小颗粒周围有大量的液体分子，由于液体

24、分子对悬5觥施无规则撞击，造成小颗粒受到的冲力不平衡而引起小颗粒的运动，撞击它的分子数越多,布朗运动越不明显，故A正确；B、温度是分子平均动能的标志，满足统计规律，对个别分子没有意义，温度越高，分子的平均动能增大,并不是每个分子的动能都增大，故B错误C、0度的冰变化成了 0度的水，吸热，当然水比冰的内能大。由于温度相同，分子平均动能相同，那么 水的分子势能就更大，故C对;D、气体体积增大时，对外做功，但有可能吸收热量，故内能变化情况未知，故D错;，但会引起其他变化，故 ESi = 2cm2,较细的部分横E、内能既能够从高温物体传递到低温物体，也能够从低温物体传递到高温物体正确。综上所述本题答案

25、是：ACE.如图甲所示，形状别致的玻璃管，上端开口且足够长，较粗的部分横截面积截面积S2=1cm2,用适量的水银在管内密封气体.封闭气体初始温度为57 C,气柱长度L=22cm.现对封闭气体缓慢加热，气体压强随体积变化的规律如图乙所示，管内气体可视为理想气体，求:封闭气体初始状态的压强 Pl;当所有水银全部压入细管时，气体温度丁2.【答案】（1） Pi=80cmHg（2） J=369K【解析】加热之初，封闭气体体积Vi=SiL=44cm 3由 P-V 图可知：Pi=80cmHg由P-V图可知：所有水银全部压入细管时，封闭气体的压强P2=82cmHg体积 4： 一PM WV-VT2= 369K综上所述本题答案是：（1） Pi=80cmHg（2） G= 369K点睛：找出各个状态下的参量是正确解题的关键，熟练应用理想气体状态方程即可正确解题.下列说法正确的是 （）A.在双缝干涉实验中，保持入射光的频率不变，增大双缝间的距离，干涉条纹间距也增大B.日落时分，拍摄水面下的景物，在照相机镜头前装上滤光片，可以使景像