山东省莱芜市2017_2018学年八年级物理下学期期末试卷五四制（含解析）.docx

山东省莱芜市莱城区2017-2018学年八年级物理下学期期末试卷一、择题（本大题共10小题，每小题2分，共20分在以下每小题列出的四个选项中，只有一项是最符合题意的）1（2分）盲道是为盲人提供行路方便和安全的道路设施，一般由两种砖铺成，一种是条形引导砖，引导盲人放心前行，称为行进盲道；一种是带有圆点的提示砖，提示盲人前面有障碍，该转弯或上、下坡了，称为提示盲道。砖上的条形或圆点高出地面5mm，当盲人走在上面时（ ）A增大了脚底的压力，使脚底产生感觉B增大了脚底的压强，使脚底产生感觉C减小了脚底的压力，使脚底产生感觉D减小了脚底的压强，使脚底产生感觉2（2分）如图所示，底面积相同的甲、乙两容器，装有质量相同的不同液体，则它们对容器底部压强的大小关系正确的是（ ）Ap甲p乙Bp甲p乙Cp甲p乙D条件不足，无法判断3（2分）莱芜防雾霾频频出新招。如图所示，大卡车上拉着一个“大炮筒”，这就是防雾霍神器雾炮车。它能装10吨水，工作时能持续喷射水雾75分钟。假设这辆工作中的雾炮车从坡度较大的路面上匀速向下行驶，此过程中该车的（ ）A动能不变，重力势能减小，机械能减小B动能减小，重力势能减小，机械能减小C动能增大，重力势能减小，机械能不变D动能不变，重力势能增大，机械能不变4（2分）下列关于压强的说法错误的是（ ）A人用吸管吸饮料是靠大气压把饮料“压”进了嘴里B大气压随海拔高度的增加而减小C两列高速行驶的列车交会过程中，产生强吸引力的原因是两列车间的空气流速大压强小D“清风不识字，何故乱翻书”是因为风使书本上表面空气流动速度变大，导致书本上表面压强变大5（2分）2017年4月26日我国第二艘航空母舰下水仪式在中国船舶重工集团公司大连造船厂举行。下列相关物理知识描述不正确的是（ ）A航母排开的海水越多，所受浮力越大B航母浸入海水中的深度越深，舰底受到海水压强越大C舰母搭载的国产歼15飞机起飞后，航母受到浮力不变D航母的排水量约为7104t，表示它满载时所受浮力约为7108N6（2分）如图，将两块相同的橡皮泥做成实心球形和碗形，分别放入相同的甲、乙两杯水中，球下沉，碗漂浮，它们受到的浮力分别为F甲、F乙，杯底受到水压强分别为p甲、p乙，则（ ）AF甲F乙 p甲p乙BF甲F乙 p甲p乙CF甲F乙 p甲p乙DF甲F乙 p甲p乙7（2分）“给我一个支点，我就能撬动地球”下列生产和生活中的杠杆，与阿基米德设想的杠杆属于同一类型的是（ ）A天平B筷子C钓鱼竿D开瓶器8（2分）下列说法正确的是（ ）A举重运动员把杠铃举在空中停留三秒，在这三秒内运动员对杠铃做了功B甲乙二人同时登山，甲先到达山顶，则甲的功率大C功率大的机器比功率小的机器做功一定多D不计摩擦和绳重，将一动滑轮改为定滑轮来提升同一重物，一定能提高机械效率9（2分）如图所示，将体积相同的物体G1、G2分别挂在杠杆的两端，杠杆处于平衡状态。若将两个物体G1、G2同时浸没在水中，则（ ）A杠杆仍能保持平衡B杠杆不能平衡，A端下沉C杠杆不能平衡，B端下沉D无法确定杠杆的状态10（2分）如图甲所示，小军用弹簧测力计拉木块，使它先后两次沿水平木板匀速滑动相同的距离，乙图是他两次拉动同一木块得到的距离随时间变化的图象。下列说法正确的是（ ）A木块第一次的速度较小B木块第一次的动能较大C拉力第二次做的功较多D拉力第二次做功较快二、多选题（共5小题，每小题3分，满分15分）11（3分）下列说法正确的是（ ）A物体的重力越大对接触面的压强一定越大B飞机起飞时，机翼上方的空气流速大压强小，机翼下方的空气流速小压强大C洗手盆的排水管用U形“反水弯”防臭是利用了连通器原理D历史上是用马德堡半球实验首先测出了大气压强值12（3分）如图所示，水平地面G点两侧粗糙程度不同，物体一直受到沿水平方向5N的拉力F物体经过E点开始计时，每经过相同时间，用虚线框记录物体的位置，物体在EG段做匀速直线运动，则（ ）A物体在EF段的速度大于GH段的速度B物体在EG段受到的摩擦力等于5NC拉力F在EF段所做的功大于在GH段所做的功D拉力F在EF段的功率小于在GH段的功率13（3分）某实验小组分别用如图所示的甲乙两个滑轮组（每个滑轮重相同）匀速把相同的重物提升相同的高度，所用的拉力分别为F1和F2，拉力F所做的功分别为W1和W2，机械效率分别为1和2，不计绳重及摩擦，下列说法正确的是（ ）AF1F2，12BF1F2，12CW1W2，12DW1W2，1214（3分）如图所示，一名运动员投掷铅球的过程示意图。铅球在b点离手，c点是铅球运动的最高点，不计空气阻力。在a到d的整个过程中，下列说法正确的是（ ）A只有在a到b的过程中，运动员对铅球做了功B在b到d的过程中，铅球的机械能先增加后减少C在c到d的过程中，铅球的重力势能减少D在c到d的过程中，铅球受到的重力做了功15（3分）如图所示，将边长为10cm的正方体木块放入装有某种液体的圆柱形容器中，木块静止时，有的体积露出液面，此时液面比放入木块前升高4cm，容器底部受到的压强变化了320Pa（取g10N/kg），则下列判断正确的是（ ）A液体的密度是1.0103kg/m3B木块受到的浮力是6NC木块的密度为0.6g/cm3D使木块完全浸没需要2N向下的压力二.填空题（5小题，每空2分，共20分）16（4分）如图所示，一茶杯放在水平桌面上，茶杯底面积为20cm2杯中水深10cm，杯和水的总重力为3 N，则杯对水平桌面的压强为Pa；水对杯底的压力为N （g10N/kg，茶杯杯壁厚度不计）17（4分）一重为0.6N的鸡蛋先后放入甲、乙两液体中，如图所示，鸡蛋在甲中悬浮，在乙中漂浮，则鸡蛋在甲中受到的浮力为N，甲的密度乙的密度（选填“”、“”或“”）。18（4分）用如图所示的滑轮组在5s内将重G240N的物体匀速向上提起3m，拉力F100N，这个滑轮组的机械效率是。如果忽略绳重和摩擦，动滑轮自重为N。19（4分）如图所示，斜面高为2m，用斜面向上大小为250N的拉力F，将重为600N的木箱由斜面底端以0.6m/s的速度匀速拉动，经过10s到达顶端，则拉力的功率是W，物体与斜面间的摩擦力是N。20（4分）如图为一种新型破窗锤，使用时将吸盘吸附在窗玻璃上，然后拉长弹性绳，人离玻璃较远后松手，破窗锤在弹力作用下瞬间击碎玻璃而不会伤到人。该过程中涉及到很多物理知识，仿照提供的示例，写出其中涉及到的两个不同的物理知识。（不得与示例重复）示例：用力拉使弹性绳伸长一一力可以改变物体的形状（1）（2）四、作图与实验探究题（本大题包括5小题，共25分）21（2分）如图是一种常见的晾衣夹，使用时O为支点，A为动力作用点，F2为弹性钢圈对夹子的阻力，请在图中画出作用在A点的最小动力F1及其力臂l1，并作出阻力臂l2。22（4分）现有两只烧杯A和B，分别盛有体积相同的水和酒精，小明用压强计来鉴别水和酒精。（1）小明把调好的压强计放在空气中时，U形管两边的液面应该；（选填“相平”或“不相平”）（2）如图甲所示，小明先将调好的探头浸入两种液体中。他发现B杯中U形管两侧液面的高度差较大，于是认为图甲B杯中是水。他的结论是（选填“可靠”或“不可靠”），理由是（3）小丽用自己改装并调试好的压强计进行实验。如图乙所示，将压强计两探头分别浸入两种液体中，可断定图乙（选填“A”或“B”）烧杯中是水。23（6分）在“探究浮力的大小与哪些因素有关”的实验中，选择溢水杯、水、弹簧测力计、石块、小桶、细线等器材进行实验，如图所示具体操作步骤如下A测出石块所受重力G；B测出空桶所受重力G1；C将水倒入溢水杯中；D把挂在测力计下的石块浸没在水中，用小桶接溢出的水，读出测力计示数F；E测出小桶和被排开水的总重G2F记录分析数据，归纳总结实验结论，整理器材。（1）分析评估上述实验，有一步骤操作是不规范的，这一步操作应改为：（2）下面是利用改正后的测量数据验证阿基米德原理的过程，请将分析过程补充完整。（测量数据用图中物理量符号表示）石块所受的浮力F浮如果关系式成立，即可验证阿基米德原理。（3）若用能漂浮在水面的木块代替石块做此实验，与上述操作不同的一个步骤是（填字母）。如果关系式成立，亦可验证阿基米德原理。（测量数据仍用图中物理量符号）24（7分）甲、乙两同学一起做“探究杠杆的平衡条件”的实验，以杠杆的中点O为支点，如图1、2所示。（1）若杠杆右端低左端高，为使杠杆在水平位置静止，应将右端的平衡螺母向调节；（2）如图1所示，杠杆在水平位置平衡后，甲不断改变钩码的个数和位置，并将数据记录在下列的表格中：实验次数阻力F2/N阻力臂I2/cm动力F1/N动力臂I1/cm14512024521034545分析表中数据，他得出结论：在阻力和阻力臂一定且杠杆平衡时，。结合这个结论，在撬动大石块时，人们都是找较长的木棒来作为撬棍，这样做的目的是从而达到更省力的目的（3）如图2所示，乙同学设计了两种实验方案：第一种弹簧测力计沿竖直方向拉，其读数为F1；第二种弹簧测力计倾斜拉，其读数为F2你认为第种（选填“一”或“二”）实验方案更方便，理由是在同等条件下，两次弹簧测力计的读数F1F2（选填“大于”、“等于”或“小于”）。（4）实验中甲同学还发现，杠杆自身的重力作用在O点，并不影响杠杆的平衡。请分析说明原因。25（6分）如图所示，某同学将两个相同的斜面并排放在水平桌面上，利用它们探究动能或重力势能与哪些因素有关。（1）将A、B两球（mAmB）分别从两斜面的相同高度处由静止同时释放，观察到它们并排滚动且始终相对静止。这表明在滚动的任一时刻，两球的速度，且两球的速度跟无关。（2）分别在水平桌面上的C、C处放置相同的木块，再将两球分别从两斜面的相同高度处由静止同时释放，观察到球将木块撞得更远。由此可得出结论：；。五、计算题（本大题包括2小题，共20分解答时应写出必要的文字说明、公式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分有数字计算的题，答案中必须写出数值和单位）26（10分）如图甲所示，在水平台上放置一个底面积为100cm2的圆柱形容器。将一个实心长方体A拴好挂在弹簧测力计下，缓缓下放物体A，从长方体接触水面至接触容器底之前此过程中，弹簧测力计的示数F与长方体下表面到水面的距离h的关系图象如图乙所示。（g取10N/kg，容器的厚度、细线重均不计，容器内的水未溢出）求（1）长方体A浸没在水中时所受的浮力：（2）长方体A的体积及密度；（3）长方体A在容器内浸没后与未放入前相比较，水对容器底的压强增加了多少？27（10分）在一次车辆故障处理过程中，拖车所用装置简化如图。为了尽快疏通道路，交警只用了30s的时间，指挥拖车在水平路面上将质量为1.5t的故障车匀速拖离了现场。若故障车被拖离的速度是6m/s，绳子自由端的拉力F是500N，故障车匀速拖离时受到的阻力是车重的0.08倍。（g取10N/kg）求（1）A处拉力的大小；（2）拉力F在30s内所做的功；（3）该装置的机械效率。2017-2018学年山东省莱芜市莱城区八年级（下）期末物理试卷（五四学制）参考答案与试题解析一、择题（本大题共10小题，每小题2分，共20分在以下每小题列出的四个选项中，只有一项是最符合题意的）1【分析】增大压强的方法：在受力面积一定时，增大压力；在压力一定时，减小受力面积。【解答】解：脚踩在盲道上，脚对盲道的压力不变，砖上的条形或圆点减小了脚和地面的受力面积，增大了地面对脚的压强，增大脚的感觉。故选：B。【点评】当脚踩在盲道上时，压力是不变的，通过改变受力面积来增大压强，给盲人提供方便。2【分析】由题知，容器的底面积相同、液面高度相同，可得出液体的体积关系，又知道液体质量相等，根据密度公式得出甲乙液体的密度关系，再利用液体压强公式pgh分析容器底部受到的液体压强关系。【解答】解：因为液体深度h、容器底面积S相同，所以液体体积：V甲V乙；又因为液体质量相等，所以甲乙，由pgh可知，容器底部受到的液体压强：p甲p乙，故A正确。故选：A。【点评】本题考查了学生对密度公式、液体压强公式的掌握和运用，根据容器形状确定液体密度的大小关系是本题的关键。本题考查了学生对压强公式的掌握和运用，能够确定液体密度和深度的大小关系是本题的关键。3【分析】（1）动能大小跟质量、速度有关。质量一定时，速度越大，动能越大；速度一定时，质量越大，动能越大。（2）重力势能大跟质量、高度有关。质量一定时，高度越高，重力势能越大；高度一定时，质量越大，重力势能越大。（3）机械能动能+势能。【解答】解：雾炮车从坡度较大的路面上匀速向下行驶，此过程中该车持续喷射水雾，则它的质量变小，速度不变，所以动能减小；同时高度减小，则重力势能减小；因机械能等于动能与重力势能之和，所以该车的机械能减小。故选：B。【点评】掌握动能、重力势能、弹性势能的影响因素，能根据影响因素判断动能、重力势能、弹性势能、机械能的变化是解答的关键。4【分析】（1）生活中利用大气压的例子很多，钢笔吸墨水，吸管吸饮料，注射器吸药液，吸盘，抽水机等。（2）在相同条件下，海拔越高，大气压越低。（3）流体的压强跟流体的速度有关，流速越大，压强越小。【解答】解：A、用吸管吸饮料时，先吸掉吸管中的空气，吸管中的气压减小，饮料在大气压的作用下进入嘴里，故A正确；B、越往高空空气越稀薄，大气压越小，即大气压随海拔高度的增加而减小，故B正确；C、两列高速行驶的列车交会过程中，两列车之间的空气流动速度很大，压强很小，车外侧的压强不变，在内外压强差的作用下，两列车产生强吸引力，故C正确；D、清风不识字，何故乱翻书”是因为风使书本上表面空气流动速度变大，导致书本上表面压强变小，下表面的空气流速小，压强大，产生向上的力，故D错误。故选：D。【点评】本题考查了大气压的应用、大气压与高度的关系以及流体压强与流速的关系等知识，用所学知识解释遇到的实际问题，理论联系实际，学以致用，符合新课标要求，是一道好题。5【分析】（1）轮船的大小通常用排水量来表示，排水量就是指轮船按设计的要求满载货物是排开水的质量。（2）液体压强随深度的增加而增大。（3）航母上的舰载机飞离后，航母自重减小，因航母仍漂浮，受到的浮力减小。（4）知道航母的排水量，利用阿基米德原理求航母满载时所受的浮力。【解答】解：A、航母排水量越大，即排开水的质量越大，由F浮G排m排g可知，航母所受浮力越大，故A正确；B、液体压强随深度的增加而增大，所以航母浸入海水中的深度越深，舰底受到海水压强越大，故B正确；C、歼15飞机起飞后，航母仍漂浮，则F浮G，但自重G减小，所以航母所受浮力减小；故C错误；D、由题知，航母的排水量（即航母满载时排开水的质量）：m排7104t7107kg，则航母满载时所受的浮力：F浮G排m排g7107kg10N/kg7108N，故D正确。故选：C。【点评】本题考查液体压强的特点，阿基米德原理等知识点，是一道综合性较强的题目。6【分析】（1）实心球橡皮泥沉到容器底部，受到的浮力F甲G；碗状橡皮泥漂浮在水面，受到的浮力F乙G；而碗状和实心球状的橡皮泥受到的重力相同，据此判断它们所受浮力的大小关系；（2）再根据阿基米德原理分析排开水的体积关系，得出哪个烧杯水的水面升高的多，则哪一个的杯底受到水的压强就大。【解答】解：（1）由图可知：甲图实心球橡皮泥沉到容器底部，实心球橡皮泥受到的浮力：F甲G，乙图中碗状橡皮泥漂浮在水面，则碗状橡皮泥受到的浮力：F乙G，由可得：F甲F乙；故AD错误；（2）根据浮力公式F浮水V排g可知：V甲排V乙排，即：实心橡皮泥排开的水的体积小于碗状橡皮泥排开的水的体积，所以乙杯中水面升高得多，根据液体压强公式pgh知：乙杯底受到水的压强大，即p甲p乙；故B正确，C错误。故选：B。【点评】本题考查了学生对阿基米德原理和物体浮沉条件的掌握和运用，确定碗状和实心球状的橡皮泥受到的重力相同是本题的关键。注意正确判断出实心橡皮泥排开的水的体积小于碗状橡皮泥排开的水的体积。7【分析】结合生活经验分析动力臂和阻力臂的大小关系，当动力臂大于阻力臂时，是省力杠杆；当动力臂小于阻力臂时，是费力杠杆，费力但省距离；当动力臂等于阻力臂时，是等臂杠杆。【解答】解：阿基米德设想的杠杆是在宇宙中找一点，当杠杆足够长时，就能翘起整个地球，属于省力杠杆。A、天平在使用过程中，动力臂等于阻力臂，是等臂杠杆，不省力也不费力；B、筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；C、钓鱼竿在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；D、开瓶器在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆。故选：D。【点评】此题考查的是杠杆的分类主要包括以下几种：省力杠杆，动力臂大于阻力臂；费力杠杆，动力臂小于阻力臂；等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。8【分析】（1）根据做功的两个必要条件判断：一是有力作用在物体上，二是物体在力的方向上有通过的距离；（2）功率的大小与功、时间有关；（3）功的决定因素是力和在力的方向上通过的距离；功率是由做功的多少和时间共同决定；（4）使用机械时，人们为完成某项任务必须做的功叫有用功，对完成任务没有用但不得不做的功叫额外功；有用功与额外功之和叫总功，有用功与总功之比为机械效率。【解答】解：A、运动员给杠铃一个力，但杠铃在空中停留，没有通过距离，所以，他对杠铃没有做功，故A错误；B、甲乙二人同时登山，甲先到达山顶，表明甲用的时间少，虽然上升的高度相同，当不能确定甲乙二人的重力大小，就无法比较做功的大小，从而无法判定功率的大小，故B错误；C、影响功率大小的因素是做功的多少和做功的时间，只知道功率的大小，不能判断做功的多少，故C错误；D、在不计绳重和摩擦时，用作定滑轮时，如果提升物体，不用克服滑轮的重做额外功，所以机械效率一定提高，故D正确。故选：D。【点评】本题考查了做功的两个必要条件、功率的大小、做功的多少、机械效率等，是一道基础题。9【分析】（1）根据杠杆的平衡条件，动力动力臂阻力阻力臂，即G1L1G2L2；（2）将两个物体G1、G2同时浸没在水中后，对杠杆的拉力F等于重力和浮力的差，根据F1L1与F2L2的大小关系判断杠杆是否平衡。【解答】解：（1）物体没有浸入水中时，根据杠杆平衡条件有G1L1G2L2，由图可见L1L2，G1G2。（2）物体浸入水中时，对杠杆的拉力FGF浮，因为两个物体的体积相等，都同时浸没在水中，所以它们受到的浮力相等，即F浮1F浮2；（3）杠杆A端：（G1F浮1）L1G1L1F浮1L1，杠杆B端：（G2F浮2）L2G2L2F浮2L2，由L1L2，F浮1L1F浮2L2。（4）G1L1G2L2，F浮1L1F浮2L2（G1L1F浮1L1）（G2L2F浮2L2）因此杠杆的右（B）端下降。故选：C。【点评】本题虽为选择题，但涉及杠杆的平衡、浮力的判断，考查了学生综合分析处理物理问题的能力。10【分析】（1）根据速度的计算公式v，利用控制变量法，结合图象可以比较物体两次运动速度的大小关系；（2）影响物体动能的大小因素有物体的质量和物体运动的速度，据此分析；（3）根据做功的两个必要因素，由WFs进行判断；（4）根据图象，由P进行分析解题。【解答】解：A、由图象可知，在通过的路程相同时，第一次用的时间比第二次用的时间少，根据v可知，木块第一次的速度较大，故A错误；B、同一木块的质量不变，因木块第一次的速度较大，所以，木块第一次的动能较大，故B正确；C、拉动同一木块先后两次沿水平木板匀速滑动，压力大小和接触面的粗糙程度均相同，则木块两次受到的摩擦力大小相同；因木块两次都做匀速直线运动，处于平衡状态，则木块受到的拉力和摩擦力大小相等，所以，木块两次运动的拉力相等；由题意和图象可知，木块两次通过的距离相同，由WFs可知，两次拉力做的功相同，故C错误；D、由图象可知，第一次所用的时间比第二次的少，且两次拉力做的功相同，由P可知，第一次拉力做功的功率较大，即第一次做功较快，故D错误；故选：B。【点评】本题考查了做功公式、功率公式、影响动能大小因素的应用，从图象中获取有用的信息是关键。二、多选题（共5小题，每小题3分，满分15分）11【分析】（1）压强大小的影响因素是压力和受力面积，而压力是垂直压在物体表面上的力，重力是由于地球的吸引而使物体受到的力，只有把物体放在水平地面上时，对地面的压力F是由重力引起的，FG。（2）流体流速越快的位置压强越小。（3）连通器的结构特征是上端开口、底部连通；（4）证明大气压存在的实验很多，而最著名的实验就是马德堡半球实验；历史上首先测出大气压的数值的实验是托里拆利实验，他借助水银利用了平衡法测出了大气压的数值。【解答】解：A、根据p可知，压强大小的影响因素是压力和受力面积；压力的大小等于重力大小是有条件的，重力大，压力不一定大，同时不知道受力面积的大小，所以不能比较压强的大小，故A错误；B、飞机起飞时，机翼上方的空气流速大压强小，机翼下方的空气流速小压强大，从而产生向上的升力，故B正确；C、洗手盆的排水管用U形“反水弯”防臭是利用了连通器原理，故C正确；D、历史上首先测出大气压的数值的实验是托里拆利实验，马德堡半球实验桌面大气压的存在，故D错误。故选：BC。【点评】此题考查压强的影响因素、流体压强与流速的关系、连通器、大气压的测量实验等知识，是一道综合性很强的题目。但难度大，掌握基础知识即可解答。12【分析】（1）根据图象提供的信息，由速度公式v解题；（2）摩擦力的大小与压力及接触面的粗糙程度有关，据此分析；（3）根据功的两个要素，由WFs解析；（4）分析图象，根据P判断。【解答】解：A、由图和题意可知，物体在EF段和GH段通过的路程相同，但所用时间tEF2tGH，由v可知，物体在EF段的速度小于GH段的速度，故A错误；B、已知物体在EG段做匀速直线运动，处于平衡状态，则物体在EG段所受的摩擦力fF5N；故B正确；C、由图可知，sEFsGH，所用的拉力相同（即F5N），由WFs可知，拉力所做的功相同，故C错误；D、由前面解答可知，在EF段和GH段拉力所做的功相同，所用时间tEF2tGH，由P可知，拉力F在EF段的功率小于在GH段的功率，故D正确。故选：BD。【点评】本题考查功及功率的计算，要会从图象中获取信息。13【分析】由滑轮组的结构知道承担物重的绳子股数n，则绳子自由端移动的距离snh；把相同的重物匀速提升相同的高度，做的有用功相同；不计绳重及摩擦，利用相同的滑轮和绳子、提升相同的高度，做额外功相同；而总功等于有用功加上额外功，可知利用滑轮组做的总功相同，再根据效率公式判断滑轮组机械效率的大小关系。【解答】解：不计绳重及摩擦，则拉力F（G物+G动），由图可知n12，n23，则绳子受的拉力：F1（G物+G动），F2（G物+G动），故F1F2；不计绳重和摩擦，动滑轮重相同，提升的物体重和高度相同，W额G动h，W有用G物h，所以，利用滑轮组做的有用功相同、额外功相同，总功相同，即W1W2，则由可知，滑轮组的机械效率相同，即12故AC正确。故选：AC。【点评】本题考查了使用滑轮组时n的确定方法，有用功、额外功、总功的计算方法，不计摩擦和绳重时拉力的求法；本题关键在于确定额外功相等。14【分析】结合以下知识对选项中的描述逐一做出分析与判断：（1）此题要依据做功的两个条件（一是物体要受力的作用，二是物体要在力的方向上通过一定的距离），看在不同阶段是否具备这两个条件，若具备就做功，否则不做功；（2）影响动能的影响因素是物体的质量和物体运动的速度，影响重力势能的因素是物体的质量和物体的高度，其中动能和势能统称为机械能。【解答】解：A、在a到b的过程中，运动员对铅球有一个推力的作用且铅球在推力作用下移动了一段距离，所以在这个阶段，运动员对铅球做了功，故A正确；B、在b到d的过程中，由于不计空气阻力，所以铅球的机械能不变，故B错误；C、在c到d的过程中，铅球的质量不变，高度减小，故重力势能减小，重力势能转化为动能，故动能增加，故C正确；D、在c到d的过程中，铅球在重力作用下移动了一段距离，所以在这个阶段，铅球受到的重力做了功，故D正确。故选：ACD。【点评】该题考查了是否做功的判断、机械能的变化、重力势能和动能大小影响因素的理解，是一道综合题。15【分析】（1）已知压强变化了320Pa，根据公式pgh即可求出液体的密度；（2）由题意知，木块静止时，有的体积露出液面，根据漂浮条件和阿基米德原理即可求出木块密度；求出木块的体积，根据GmggV求出木块的重力，根据漂浮条件即可求出浮力；（3）根据阿基米德原理求出浸没时所受的浮力，然后利用FF浮G求出压力。【解答】解：A、根据公式pgh可得液体密度：液0.8103kg/m3；故A错误；BC、木块静止时，有的体积露出液面，则V排（1）V木V木，根据漂浮条件可得：F浮G木，即：液gV排木gV木，所以，木液液0.8103kg/m30.6g/cm3；故C正确；木块的体积V木L3（10cm）31000cm31103m3，木块的重力G木m木g木gV木0.6103kg/m310N/kg1103m36N；则F浮G木6N；故B正确；D、木块完全浸没浮力F浮液gV木0.8103kg/m310N/kg1103m38N；则压力FF浮G木8N6N2N；故D正确。故选：BCD。【点评】本题考查漂浮条件和阿基米德原理的应用，关键是已知压强的变化可以利用液体压强公式来进行计算深度的变化。二.填空题（5小题，每空2分，共20分）16【分析】（1）茶杯对水平桌面的压力等于杯和水的总重力，根据p求出杯对水平桌面的压强；（2）由图可知杯内水的深度，根据pgh求出水对杯底的压强，利用FpS求出水对杯底的压力。【解答】解：（1）杯对水平桌面的压力：FG总3N，则杯对水平桌面的压强：p1500Pa；（2）水的深度h10cm0.1m，水对杯底的压强：pgh1.0103kg/m310N/kg0.1m1000Pa，水对杯底的压力：FpS1000Pa20104m22N。故答案为：1500；2。【点评】本题考查了学生对压强定义式和液体压强公式的掌握和运用，对于不规则的容器，对容器底的压力和压强，要先计算液体对容器底的压强pgh、再计算液体对容器底的压力FpS；容器对桌面的压力和压强，先计算容器对桌面的压力FG、再计算容器对桌面的压强p。17【分析】根据物体的漂浮和悬浮条件判断出所受浮力的大小关系，由图得出排开液体的体积关系，然后根据阿基米德原理解开判断甲乙液体的密度大小关系。【解答】解：因为鸡蛋（重为G）在甲液体悬浮，所以鸡蛋受到甲液体的浮力：F甲G0.6N，鸡蛋在乙液体漂浮，所以鸡蛋受到乙液体的浮力：F乙G0.6N，所以F甲F乙，据F浮液v排g，V排甲V棑乙，所以甲乙。故答案为：0.6；。【点评】本题考查了学生对阿基米德原理和物体浮沉条件的掌握和运用，利用阿基米德原理分析时，要同时考虑影响浮力大小的两个因素（液和V排）18【分析】（1）根据功的计算公式WFs可求出拉力做的功，即总功；再根据WGh求出有用功；然后根据机械效率的计算公式可求出滑轮组的效率。（2）明确承担动滑轮的绳子段数，根据拉力与重力间关系，变形后可求动滑轮重力。【解答】解：（1）所做的有用功为：W有Gh240N3m720J；由图可知n3，则绳子自由端通过的距离：s3h33m9m；拉力所做的总功为：W总Fs100N9m900J；这个滑轮组的机械效率：100%80%；（2）忽略绳重和摩擦，则绳端的拉力F（G+G动），所以动滑轮自重：G动3FG3100N240N60N；故答案为：80%；60。【点评】明确绳子段数，运用力之间关系、熟练运用功和机械效率的公式，是解答此题的关键。19【分析】（1）利用PFv求拉力的功率；（2）利用WGh求拉力做的有用功，利用svt求斜面长，利用WFs求拉力做的总功，额外功等于总功减去有用功，再利用W额外fs求摩擦力的大小。【解答】解：（1）拉力的功率：PFv250N0.6m/s150W；（2）有用功：W有用Gh600N2m1200J，斜面长svt0.6m/s10s6m，拉力做的总功：W总Fs250N6m1500J，额外功：W额外W总W有用1500J1200J300J，由W额外fs可得摩擦力的大小：f50N。故答案为：150；50。【点评】本题考查有用功、总功、额外功的计算，知道额外功等于克服摩擦阻力做的功，解题的关键在于明确总功应等于有用功与额外功之和，注意fF，这是本题的易错点。20【分析】结合以下知识可进行解答：（1）排净吸盘内的空气，使吸盘内成为真空，外界大气压将吸盘压在墙上；（2）在压力一定时，减小受力面积可增大压强；（3）弹性绳伸长越长，弹力越大，人的拉力越大。【解答】解：由题意分析，用到的物理知识主要有：（1）挤出吸盘内的空气，是大气压把吸盘紧紧地压在玻璃上。（2）大气压强p是一定的，由公式FpS可以看出，若吸盘面积太小，产生的大气压力较小，拉力也越小，则拉长弹性绳时容易脱落。（3）在压力一定时，由公式p知，锤头前端做得比较尖是为了减小受力面积，增大压强。（4）手不断向左拉动新型破窗锤的过程中，弹性绳伸长越长，弹力越大，人的拉力也不断变大。故答案为：（1）挤出吸盘内的空气，是大气压把吸盘紧紧地压在玻璃上；（2）弹性绳伸长越长，弹力越大，人的拉力也不断变大。（合理即可）【点评】此题是一道联系实际的应用题，考查了大气压的存在、改变压强的方法和影响弹力的因素，涉及的知识点较多，但难度不大。熟练掌握、正确应用基本规律是解答的关键。四、作图与实验探究题（本大题包括5小题，共25分）21【分析】（1）力臂即点到线的距离。先找点（支点），再作线（F2的作用线），最后作点到线的距离。（2）由杠杆的平衡条件F1L1F2L2可知，当动力臂最大时，动力最小，即最省力。连接支点和力的作用点A即是最大动力臂，当作用力与之垂直时，作用力最小。【解答】解：（1）由支点O向F2作垂线，即为阻力臂l2。（2）连接支点和力的作用点A即是最大动力臂，力臂越长越省力，最长的力臂即支点与作用点的连线，根据力臂的画法作出垂直于OA的作用力，方向向下。如图所示：【点评】力臂画法的关键是牢记力臂与力的作用线的关系；确定杠杆中最小力是该题的难点。22【分析】（1）调节好的压强计放在空气中时，橡皮膜不受液体的压强，因此U形管两边的液面应该相平；（2）要根据压强的知识判断液体密度的大小，需将压强计的金属盒放在同一深度；（3）根据液体压强公式pgh可知，在液体压强相同时，液体密度和深度成反比。【解答】解：（1）调节好的压强计放在空气中时，橡皮膜不受液体的压强，因此U形管两边的液面应该相平；（2）影响液体压强的因素有：液体的密度和浸入液体的深度，探究压强与密度的关系时，应控制深度不变，实验中没有控制金属盒浸入的深度相同，因此得出的结论不可靠；（3）压强计两金属盒分别浸入两种液体中，U型管两边的高度差相同也就是压强相同，根据pgh在压强相同的情况下与h 成反比，即深度大的液体密度小，深度小的，密度大，因为A的深度小，所以A的密度大，故A是水，B是酒精。故答案为：（1）相平；（2）不可靠；没有控制金属盒在液体中的深度相同；（3）A。【点评】此题考查液体压强特点，在研究一个量与两个变量的关系时，运用控制变量法是最有效的研究方法，否则其实验结论往往不可靠。23【分析】（1）用溢水法收集物体排开的水，将溢水杯装满水，然后将物体浸入水中，用其他容器（需先测出其重力）接住溢出的水，然后再测出装有溢出的水的容器的总重力，两者之差就是物体排开水的重力；（2）根据称重法测浮力大小，排开水的重力G排等于桶与水的总重力G2减去空桶的重力G1，比较F浮与G排。（3）根据漂浮的特点，分析回答。【解答】解：（1）物体放入水中前，溢水杯应该是满水的，否则小桶内所盛的水将小于物体排开水的体积；故错误是C步骤，应向溢水杯中加水使水刚好齐杯口；（2）根据称重法，浮力等于铁块重力G减去铁块浸没在水中时弹簧测力计的示数F，即：F浮GF；排开水的重力G排等于桶与水的总重力G2减去空桶的重力G1，即：G排G2G1；比较F浮与G排的大小关系，如果关系式：GFG2G1成立，即可验证阿基米德原理。（3）根据漂浮的特点，浮力等于重力，不用称重法测浮力，故若用能漂浮在水面的木块代替石块做此实验，与上述操作不同的一个步骤是D，如果关系式 GG2G1成立，亦可验证阿基米德原理。（4）进一步分析发现，物体所受的浮力只跟液体密度和物体排开液体的体积有关。故答案为：（1）向溢水杯中加水使水刚好齐杯口；（2）GF；石块排开水的重力G排G2G1；GFG2G1；（3）D； GG2G1；【点评】在“探究浮力的大小”实验中，用“称量法”测出物体受到的浮力，即F浮GF拉；用两次称重测出物体在液体中排开液体的重力，进行比较得出：物体在液体中受到的浮力，大小等于它排开的液体的重力。24【分析】（1）在调节杠杆平衡时，应将平衡螺母向较高的一端调节；为了便于测量力臂，应使杠杆在水平位置平衡；（2）根据表中实验数据，观察F1L1与F2L2有什么关系，从而得出结论；用轮轴时，轮半径是轴半径的几倍，作用轮上的力就是轴上力的几分之一；（3）杠杆的平衡条件是：F1L1F2L2；探究杠杆平衡条件时，使杠杆在水平位置平衡，此时力的方向与杠杆垂直，力臂的长度可以直接从杠杆上读出来；（4）杠杆的重心在过支点上，杠杆重力的力臂为零【解答】解：（1）右端低左端高，应将平衡螺母向较高的一端调节，即将右边的平衡螺母向左端调节，使杠杆在水平位置平衡；（2）根据表中实验数据，在阻力和阻力臂一定且杠杆平衡时，发现F1L11N20cm2N10cm4N5cmF2L24N5cm，从而得出动力与动力臂互成反比；根据动力与动力臂互成反比知，要撬动大石块，应该寻找更长的木棒来作为撬棍来增大动力臂达到更省力的目的；（3）力臂等于支点到力的作用线的距离，当杠杆在水平位置平衡时，力的方向与杠杆垂直，力臂可以从杠杆标尺刻度上直接读出来，因此第一种实验方案更方便，此时弹簧测力计的拉力与杠杆垂直，能从杠杆上直接读力臂；因为第一方案的动力臂要大于第二种方案的动力臂，根据杠杆的平衡条件，在阻力和阻力臂都相同的情况下，动力臂越大的越省力，所以，F1小于F2；（4）杠杆在O点还受到一个杠杆自身的重力，这个力过杠杆的支点，力臂为零，这个力在探究杠杆平衡时不会影响到杠杆的平衡。故答案为：（1）左；（2）动力与动力臂互成反比；增大动力臂；（3）一；便于测量力臂；小于；（4）力过杠杆的支点，力臂为零。【点评】此题是探究杠杆平衡实验，考查了杠杆的调平及杠杆平衡条件的应用以及过支点的力对杠杆的影响，要注意分析力和对应的力臂。25【分析】（1）由于两球原来的位置相同，运动了一段时间后，两球的位置没有变化，极始终相对静止，由此可知，两球的速度大小关系。由题意知，两个球的质量不同，但两球的速度始终相等，由此得到球的速度与质量的关系。（2）由于两球的质量不同，速度相同，根据动能的决定因素可知其动能大小不同，所以将球撞击的距离也不同，动能大的球将木块撞得更远。因此要确定哪个球将木块撞击的更远，就要先确定哪个球的动能更大。通过球木块被撞击的距离远近可以体现物体球的动能的多少。根据两个球的相同点与不同点，利用控制变量法的思想，即可得出结论。球下落的过程，是将重力势能转化为动能的过程，转化出来的动能越多，说明物体具有的重力势能就越多。根据两球开始下落是的相同点与不同点，利用控制变量法的思想，可以得出重力势能与质量的关系。【解答】解：（1）由于两球从相同的高度同时滚落，且在每一时刻，两者的位置都相对静止，即，经过了相同的时间，运动的距离相同，