2022-2023学年新疆阿克苏市实验中学高三物理第一学期期中达标测试试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷请考生注意：1请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用05毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2答题前，认真阅读答题纸上的注意事项，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，矩形的四个顶点a、b、c、d是匀强电场中的四个点，ab=2bc=2L，电场线与矩形所在的平面平行，已知a点电势为18V，b点电势为10V，c点电势为6V，一质子从a点以速度v0射入电场，v0与ab边的夹角为45，一段时间后

2、质子经过ab中点e，不计质子重力，下列判断正确的是()Ad点电势为12VB质子从a到b电势能增加了8eVC电场强度大小为4LD质子从a到e所用时间为2L2v02、如图所示，长为3L的轻杆课绕水平转轴O转动，在杆两端分别固定质量均为m的球A、B（可视为质点），球A距轴O的距离为L现给系统一定动能，使杆和球在竖直平面内转动当球B运动到最高点时，水平转轴O对杆的作用力恰好为零，忽略空气阻力已知重力加速度为g，则球B在最高点时，下列说法正确的是A球B的速度为0B杆对球B的弹力为0C球B的速度为D球A的速度等于3、如图所示，质量为m的小球用水平轻质弹簧系住，并用倾角为的光滑木板AB托住，小球恰好处于静止

3、状态当木板AB突然向下撤离的瞬间，小球的加速度大小为()A0BgCg Dg4、宇航员王亚平在“天宫1号”飞船内太空授课时，指令长聂海胜悬浮在太空舱内“太空打坐”的情景如图若聂海胜的质量为m，距离地球表面的高度为h，地球质量为M，半径为R，引力常量为G，地球表面的重力加速度为g，则聂海胜在太空舱内受到重力的大小为 A0 Bmg C D5、平行板电容器两极板之间的距离为d、电压为U、电场强度大小为E，两极板所带的电荷量为Q下列说法正确的是（ ）A保持U不变，将d变为原来的两倍，则E变为原来的一半B保持E不变，将d变为原来的一半，则U变为原来的两倍C保持d不变，将Q变为原来的两倍，则U变为原来的一半

4、D将d和Q变为原来的一半，则E不变6、如图所示，放在不计电阻的金属导轨上的导体棒 ab, 在匀强磁场中沿导轨做下列哪种运动时，钢制闭合线圈 c将被螺线管吸引( )A向右做匀速运动B向左做匀速运动C向右做减速运动D向右做加速运动二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图甲所示，物体原来静止在水平面上，用一水平力F拉物体，在F从0开始逐渐增大的过程中，物体先静止后又做变加速运动，其加速度a随外力F变化的图象如图乙所示根据图乙中所标出的数据可计算出（ ） A物体的质量为2kg

5、B物体与水平面间的滑动摩擦力5NC物体与水平面间的最大静摩擦力7ND在F为14N时，物体的速度最小8、从同一高度水平抛出的物体，在空中运动一段时间，落到同一水平地面上在不计空气阻力的条件下，由平抛运动规律可知A水平初速度越大，物体在空中运动的时间越长B质量越大，物体在空中运动的时间越短C水平初速度越大，物体的水平位移越大D水平初速度越大，物体落地时的速度越大9、从地面竖直向上抛出一物体，其机械能E总等于动能Ek与重力势能Ep之和取地面为重力势能零点，该物体的E总和Ep随它离开地面的高度h的变化如图所示重力加速度取10 m/s1由图中数据可得A物体的质量为1 kgBh=0时，物体的速率为10 m

6、/sCh=1 m时，物体的动能Ek=40 JD从地面至h=4 m，物体的动能减少100 J10、竖直放置的固定绝缘光滑轨道由半径分别为R的圆弧MN和半径为r的半圆弧NP拼接而成（两段圆弧相切于N点），小球带正电，质量为m，电荷量为q已知将小球由M点静止释放后，它刚好能通过P点，不计空气阻力下列说法正确的是（）A若加竖直向上的匀强电场，则小球能通过P点B若加竖直向下的匀强电场，则小球不能通过P点C若加垂直纸面向里的匀强磁场，则小球不能通过P点D若加垂直纸面向外的匀强磁场，则小球不能通过P点三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某同学在

7、利用打点计时器研究“匀变速直线运动”的实验中，用打点计时器记录了被小车拖动的纸带的运动情况，在纸带上确定出0、1、2、3、4、5、6共7个计数点，每两个相邻的计数点之间还有四个点没标出，其部分相邻点间的距离如图所示，则打下点4时小车的瞬时速度为 ，小车的加速度为 （要求计算结果保留三位有效数字）12（12分）在研究平抛运动的实验中，某同学记录了小球运动过程经过的A、B、C、D、E、F、G点的位置，相邻两点的时间间隔均为t=0.05s取A点为坐标原点，以+x方向表示水平初速度方向、+y方向表示竖直向下方向，实验记录如下：（结果保留两位小数）（1）作出的x-t图像如图a所示，小球平抛的水平初速度大

8、小是_m/s（2）以t为横坐标， 为纵坐标，作出图像如图b所示，图像b所对应的函数解析式为 重力加速度的测量值是_ m/s2t=0.10s时，小球的竖直分速度大小是_m/s四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图甲所示，用粘性材料粘在一起的A、B两物块静止于光滑水平面上，两物块的质量分别为mA1kg，mB2kg，当A、B之间产生拉力且大于0.3N时A、B将会分离。t0时刻开始对物块A施加一水平推力F1，同时对物块B施加同一方向的拉力F2，使A、B从静止开始运动，运动过程中F1、F2方向保持不变，F1、F2的

9、大小随时间变化的规律如图乙所示，求解以下问题：(1)从t0时刻到A、B分离，它们运动的位移；(2)t2.0s时刻B对A的作用力大小和方向；(3)分离前A对B的作用力大小为零的时刻。14（16分）如图所示，光滑水平面上放着质量都为m的物块A和B，A、B 间夹一个被压缩的轻弹簧（弹簧与A、B均不拴接），在A、B间系一轻质细绳固定。在短暂时间内烧断细绳，B向右运动，脱离轻弹簧一段时间后与向左匀速运动、速度为v0的物块C发生碰撞，碰后B、C立刻形成粘合体并停止运动，C的质量为2m，求： (1)B、C相撞前一瞬间B的速度大小；(2)绳被烧断前弹簧的弹性势能为多大？15（12分）如图所示，光滑水平面AB与

10、粗糙半圆轨道BC相切于B点，轨道半径为R=0.5m，小球P质量m1=0.2kg,以v0=9m/s的初速度向右运动，与静止在水平轨道上的Q小球发生弹性正碰，Q小球的质量m2=0.4kg，小球Q被碰后恰好能沿BC轨道到达C点，取g=10m/s2,求：（1）碰后小球Q经过B点时对轨道的压力大小；（2）小球Q沿轨道从B点运动到C点的过程中克服摩擦力所做的功参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】匀强电场中平行的等间距的两点间的电势差相等，故Uad=Ubc，可得d点电势为14V，故A错误UacUcb12Uab=8V，故

11、质子从a到b电场力做功为W=eU=8eV，电场力做正功电势能减小，故B错误经计算可知，d点和e点的电势相同，故连点连线为等势线，由于ab=2bc=2L，故ade为等腰三角形，a点到直线de的距离为L2，由电场强度与电压的关系可得，电场强度大小为42L，故C错误de连线为等势线，故质子抛出后做类平抛运动，落到e点时，垂直于电场线方向的位移为22L，所需时间为t=22Lv0=2L2v0，故D正确故选D.点睛：关键知道：匀强电场中平行的等间距的两点间的电势差相等，找到等势线，利用电场力做功与电势能变化的关系以及电场强度与电压的关系求解.2、D【解析】试题分析：球B运动到最高点时，球B对杆恰好无作用力

12、，即重力恰好提供向心力，有，解得，故AB错误，C正确；因为AB同轴转动，B的半径是A的两倍，所以有：，即，故D错误考点：向心力、牛顿第二定律【名师点睛】本题中两个球组成的系统内部动能与重力势能相互转化，机械能守恒，同时两球角速度相等，线速度之比等于转动半径之比3、B【解析】木板撤去前，小球处于平衡态，受重力、支持力和弹簧的拉力，如图，根据共点力平衡条件，有解得，木板AB突然撤去后，支持力消失，重力和拉力不变，合力等于支持力N，方向与N反向，故加速度为故选B。4、D【解析】飞船在距地面高度为h处，由万有引力等于重力得： ，故D正确，ABC错误；故选D.5、A【解析】A、保持U不变，将d变为原来的

13、两倍，根据公式 可知，E变为原来的一半故A正确B、保持E不变，将d变为原来的一半，由U=Ed可知，U变为原来的一半故B错误C、保持d不变，根据电容的决定式 可知，电容C不变，将Q变为原来的两倍，由公式分析可知，U变为原来的两倍故C错误D、根据电容的决定式 可知，由分析知，；则可知，E与两板间的距离无关，与Q成正比，则将d和Q变为原来的一半，则E减半故D错误综上所述本题答案是：A【分析】保持U不变，根据公式分析E与d的关系；保持E不变，U与d正比；保持d不变，C不变，根据分析Q与U的关系6、C【解析】钢制闭合线圈 c被螺线管吸引，根据楞次定律可知通过闭合线圈c的磁场在减弱，即螺线管中的磁场在减弱

14、，导体棒切割磁感线产生的电流在螺旋管中产生磁场，所以导体棒切割磁感线产生的电流在减小，电动势也在减小，根据，可知导体棒应该减速运动A 向右做匀速运动，与分析不符，故A错误；B向左做匀速运动，与分析不符，故B错误；C 向右做减速运动，与分析相符，故C正确D 向右做加速运动，与分析不符，故D错误；二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】当物体开始滑动时，即当F=7N时， ，当F=14N时， ，联立解得，物体与水平面间的滑动摩擦力，滑动摩擦力要比最大静摩擦力略小，故

15、AC正确B错误；由于过程中物体的加速度方向和速度方向一直相同，所以物体的速度一直在增大，D错误8、CD【解析】试题分析：平抛运动的物体在竖直方向上做自由落体运动，其运动时间取决于下落的高度，即，与初速度、物体的质量无关，AB错误；平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，所以有水平位移，在高度相同的情况下，物体的初速度越大，水平位移越大，C正确；根据运动的合成可得：，在高度相同的情况下，物体的初速度越大，物体落地的速度越大，D正确；考点：考查了平抛运动规律的应用9、AD【解析】AEp-h图像知其斜率为G，故G= =10N，解得m=1kg，故A正确Bh=0时，Ep=0，Ek=E机-Ep=100J-0=

16、100J，故=100J，解得：v=10m/s，故B错误；Ch=1m时，Ep=40J，Ek= E机-Ep=90J-40J=50J，故C错误Dh=0时，Ek=E机-Ep=100J-0=100J，h=4m时，Ek=E机-Ep=80J-80J=0J，故Ek- Ek=100J，故D正确10、AC【解析】应用动能定理求出小球到达P点的速度，小球恰好通过P点时轨道对球的作用力恰好为零，应用动能定理与牛顿第二定律分析答题【详解】设M、P间的高度差为h，小球从M到P过程由动能定理得：，小球恰好通过P点，重力提供向心力，由牛顿第二定律得：，r=2h；A、若加竖直向上的匀强电场E（Eqmg），小球从M到P过程由动能

17、定理得：，解得：，则：，小球恰好通过P点，故A正确；B、若加竖直向下的匀强电场，小球从M到P过程由动能定理得：，解得:，则：，小球恰好通过P点，故B错误；C、若加垂直纸面向里的匀强磁场，小球到达P点的速度v不变，洛伦兹力竖直向下，则:，小球不能通过P点，故C正确；D、若加垂直纸面向外的匀强磁场，小球到达P点的速度v不变，洛伦兹力竖直向上，则：，小球对轨道有压力，小球能通过P点，故D错误；故选AC.【点睛】本题是一道力学综合题，知道小球通过P点的临界条件是：的、轨道对小球的支持力恰好为零，分析清楚小球的运动过程，应用动能定理与牛顿第二定律可以解题三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题

18、卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、0.314m/s，0.510m/s1【解析】解：每两个计数点间有四个点没有画出，故两计数点间的时间间隔为：T=50.01=0.1s；计数点4的瞬时速度为：m/s=0.314m/s根据x=aT1，a=0.510m/s1故答案为0.314m/s，0.510m/s1考点：探究小车速度随时间变化的规律专题：实验题；定量思想；推理法；直线运动规律专题分析：根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出计数点4的瞬时速度，根据连续相等时间内的位移之差是一恒量，求出小车的加速度点评：解决本题的关键掌握纸带的处理方法，会通过纸带求解瞬时速度和加速度，关键是匀变速直线运动推论的运用，注意单位换算和有效数字的保留12、 【解析】小球做平抛运动，水平方向有，水平初速度大小等于x-t图像的斜率，竖直方向有，化为，与函数解析式相对应，四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1)5.4m；(2)0.6N，方向水平向左；(3)2.67s【解析】(1)设t时刻A、B分离，分离之前A、B物块共同运动，加速度为a，以整体为研究对象，则有Fma则由于合力在分离前不变，整体做匀加速直线运动，分离时F2F=mBa得F2=FmBa=2.7N 根据F2的图线可知，经历时间t=2.7s3s根据位移