2023届河南省开封市重点名校物理高三第一学期期中教学质量检测试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、某乘客用手表估测火车的加速度，他先观测3分钟，发现火车前进了540m，隔3分钟后又观测1分钟，发现火车前

2、进了360 m，若火车在这7分钟内及以后均做匀加速直线运动，则这列火车加速度大小为A0.03 m / s2B0.01 m / s2C0.5 m / s2D0.6 m / s22、如图所示，滑块A和B叠放在固定的光滑斜面体上，从静止开始以相同的加速度一起沿斜面加速下滑则在下滑过程中正确的是（ ）AB对A的支持力不做功BB对A的合力不做功CB对A的摩擦力不做功DB对A的摩擦力做负功3、足球运动员在比赛时将足球踢出，足球的运动轨迹如图所示，足球从草皮上1位置踢出时的动能为Ekl，在3位置落地动能为Ek3，最高点2距草皮的高度为h，则下列说法正确是A足球从1位置到2位置的运动时间为B足球在1位置踢出时

3、的动能Ekl大于3位置落地动能Ek3C足球在2位置的机械能大于1位置的机械能D足球从1位置到2位置过程克服重力做的功等于足球动能减少量4、如图所示，a、b 是真空中两个等量异种点电荷，A、B 为两点电荷连线中垂线上的两点. 现将一正点电荷q 由 A 点沿中垂线移到 B 点，下列说法中正确的是（ ）AA 点场强小于 B 点场强BA 点电势小于 B 点电势C电荷移动过程中的电势能减少D电荷移动过程中，电场力做正功5、放在水平地面上的物块，受到一个与水平方向成角斜向下方的力F的作用，物块在水平地面上始终静止如图所示，如果保持力F的大小不变，而使力F与水平方向的夹角变小，那么地面受到的压力N和物块受到

4、的摩擦力f的变化情况是AN变小，f变大BN变大，f变小CN变小，f变小DN变大，f变大6、如图所示，桌面离地高h，质量为m的小球从离桌面高H处自由落下，不计空气阻力，设桌面为零势面，则小球触地前的瞬间机械能为（）AmgHBmghCmg(H+h)Dmg(H-h)二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图，一物体从光滑斜面AB底端A点以初速度v0上滑，沿斜面上升的最大高度为h。下列正确的是（设下列情境中物体从A点上滑的初速度仍为v0）A若把斜面AB变成光滑曲面AEB，物体沿

5、此曲面上升仍能到达B点B若把斜面CB部分截去，物体冲过C点后上升的最大高度仍为hC若把斜面弯成光滑圆如图中的弧形D，物体仍沿圆弧升高hD若把斜面AB与水平面的夹角稍变大，物体上升的最大高度仍为h8、2017年4月23日7时26分，“天舟一号”与“天宫二号”成功对接成新的组合体，组合体开始进行推进剂补加试验，试验持续5天时间，组合体仍在原“天宫二号”的轨道上做圆周运动，目前组合体状态良好关于组合体与原“天宫二号”的说法正确的是（ ）A组合体的运动速度比原“天宫二号”的运动速度大B组合体的机械能比原“天宫二号”的机械能大C组合体的加速度比原“天宫二号”的加速度大D组合体的向心力比原“天宫二号”的向

6、心力大9、如图,在匀强磁场的区域内有一根长为L、质量为m的导线用一绝缘细绳悬挂在天花板下面,当通以垂直纸面向内方向的电流I后,导线恰能保持静止,且与竖直方向的夹角为,则有关磁感应强度B的大小和方向正确的有（ ）AB=mgsin/IL,方向垂直纸面向外BB=mgtan/IL，方向竖直向下CB=mg/IL,方向水平向左DB=mg/IL，方向水平向右10、如图甲所示，一个质量m2 kg的物块静止放置在粗糙水平地面O处，物块与水平面间的动摩擦因数0.5，在水平拉力F作用下物块由静止开始向右运动，经过一段时间后，物块回到出发点O处，取水平向右为速度的正方向，物块运动过程中其速度v随时间t变化规律如图乙所

7、示，g取10 m/s2.则 ( )A物块经过4 s回到出发点B4.5 s时水平力F的瞬时功率为24 WC05 s内摩擦力对物块先做负功，后做正功，总功为零D05 s内物块所受合力的平均功率为1.8 W三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某物理兴趣小组利用如图甲所示的装置进行实验在足够大的水平平台上的A点放置一个光电门，水平平台上A点右侧摩擦很小可忽略不计，左侧为粗糙水平面，当地重力加速度大小为g，采用的实验步骤如下：在小滑块a上固定一个宽度为d的窄挡光片；用天平分别测出小滑块a（含挡光片）和小球b的质量ma、mb；a和b间用细线连

8、接，中间夹一被压缩了的轻弹簧，静止放置在平台上；细线烧断后，a、b瞬间被弹开，向相反方向运动；记录滑块a通过光电门时挡光片的遮光时间t；滑块a最终停在C点（图中未画出），用刻度尺测出AC之间的距离Sa；小球b从平台边缘飞出后，落在水平地面的B点，用刻度尺测出平台距水平地面的高度h及平台边缘铅垂线与B点之间的水平距离Sb；改变弹簧压缩量，进行多次测量（1）a球经过光电门的速度为：_（用上述实验数据字母表示）（2）该实验要验证“动量守恒定律”，则只需验证等式_成立即可（用上述实验数据字母表示）（3）改变弹簧压缩量，多次测量后，该实验小组得到与Sa的关系图象如图乙所示，图线的斜率为k，则平台上A点左

9、侧与滑块a之间的动摩擦因数大小为_（用上述实验数据字母表示）12（12分）如图所示为研究平行板电容器电容的实验电容器充电后与电源断开，电量Q将_（填“增大”、“减小”或“不变”），与电容器相连的静电计用来测量电容器的_在常见的电介质中，由于空气的介电常数是最小的，当极板间插入其它的电介质板时，电容器的电容将_（填“增大”、“减小”或“不变”），于是我们发现，静电计指针偏角将_（填“增大”、“减小”或“不变”）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）同学设计出如图所示实验装置.将一质量为0.2kg的小球(可视为质

10、点)放置于水平弹射器内,压缩弹簧并锁定,此时小球恰好在弹射口,弹射口与水平面AB相切于A点,AB为粗糙水平面,小球与水平面间动摩擦因数=0.5,弹射器可沿水平方向左右移动,BC为一段光滑圆弧轨道.(O为圆心,半径R=0.5m ,OC与OB之间夹角为=370,以C为原点,在C的右侧空间建立竖直平面内的坐标xOy,在该平面内有一水平放置开口向左且直径稍大于小球的接收器D,sin370=0.6 ,cos370=0.8 (1)某次实验中该同学使弹射口距离B处L1=1.6m处固定,解开锁定释放小球,小球刚好到达C处,求弹射器释放的弹性势能;(2)把小球放回弹射器原处并锁定,将弹射器水平向右移动至离B处L

11、2=0.8m处固定弹射器并解开锁定释放小球,小球将从C处射出,恰好水平进入接收器D,求D处坐标;(3)每次小球放回弹射器原处并锁定,水平移动弹射器固定于不同位置释放小球,要求小球从C处飞出恰好水平进入接收器D,求D位置坐标y与x的函数关系式.14（16分）有一大炮竖直向上发射炮弹，炮弹的质量为M=6.0kg（内含炸药的质量可以忽略不计），射出的初速度v0=60 m/s当炮弹到达最高点时爆炸为沿水平方向运动的两片，其中一片质量为m=4.0kg，已知这一片的落地点到发射点的距离为600m（g=10 m/s2，忽略空气阻力）求：（1）炮弹从发射到最高点的时间，以及炮弹上升的最大高度是多少？（2）两弹

12、片落地点的距离是多少？15（12分）某天大雾弥漫，能见度很低，甲、乙两辆汽车同向行驶在同一平直公路上，甲车在前，乙车在后，甲车的速度v115m/s，乙车的速度v225m/s，当乙车行驶到距甲车s60m时，驾驶员发现了前方的甲车，设两车驾驶员的反应时间均为t0.5s.（1）若乙车的驾驶员发现甲车后经反应时间t后立即刹车做匀减速运动，为了防止相撞，求乙车减速运动的最小加速度的大小a1(此过程甲车速度保持不变)；（2）若乙车的驾驶员发现甲车后经反应时间t后，仅采取鸣笛警告措施，甲车驾驶员听到鸣笛后经反应时间t后立即做匀加速运动，为了防止相撞，求甲车加速运动的最小加速度的大小a2.参考答案一、单项选择

13、题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】设火车的加速度为a，开始观测时速度为v，开始观测的3分钟有，vt+at2=1第7分钟开始时速度v=v+2at，第7分钟内，vt+at2=2联立解得a=0.01 m/s2，选项B正确2、B【解析】AB对A的支持力竖直向上，A和B是一起沿着斜面下滑的，所以B对A的支持力与运动方向之间的夹角大于90，所以B对A的支持力做负功，所以A错误B以A、B整体为研究对象，应用牛顿第二定律得a=gsin；隔离A分析，如图所示，有mgsin+fcos-Nsin=ma得fcos=Nsinf与N的合力沿+y方向，

14、B对A的合力不做功，故B正确CDB对A的摩擦力是沿着水平面向左的，与运动方向之间的夹角小于90，所以B对A的摩擦力做正功，故C D错误故选B考点：牛顿第二定律的应用；功3、B【解析】A足球上升过程中，受到重力和空气阻力的作用，竖直方向根据牛顿第二定律有 根据位移时间关系有 所以上升的时间为故A错误；BC足球运动过程中受到空气阻力的作用，且空气阻力做负功，所以运动过程中机械能减少，故位置1的机械能大于位置2以及位置3的机械能，因为位置1、3的高度相同，所以位置1的动能大于位置3的动能，故B正确，C错误；D足球从1位置到2位置根据动能定理有，其动能的减少量等于克服阻力做的功与克服重力做功之和，故D

15、错误；4、A【解析】A.根据电场线分布情况得知，A处电场线比B处电场线疏，则A点场强小于B点场强。故A正确。B. 根据平行四边形定则，对中垂线上的场强进行合成，知中垂线上每点的电场方向都水平向右，中垂线和电场线垂直，所以中垂线为等势线，所以A点的电势等于B点的电势。故B错误。CD. 将一正点电荷q由A点沿中垂线移到B点，电场力的方向与运动方向垂直，电场力不做功，电势能不变。故CD错误5、A【解析】对物体受力分析，受推力、重力、支持力和静摩擦力，如图：根据共点力平衡条件，有：当变小时，静摩擦力f变大，支持力N变小；A描述与分析相符，故A正确.B描述与分析不符，故B错误.C描述与分析不符，故C错误

16、.D描述与分析不符，故D错误6、A【解析】设桌面为零势面，小球的初机械能E1=mgH，不计空气阻力，由机械能守恒定律得，小球触地前的瞬间机械能为E2=E1=mgHA. mgH与计算结果E2=mgH相符，故A符合题意；B. mgh与计算结果E2=mgH不相符，故B不符合题意； C. mg(H+h)与计算结果E2=mgH不相符，故C不符合题意； D. mg(H-h)与计算结果E2=mgH不相符，故D不符合题意；二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】A. 若把斜面

17、AB换成光滑曲面AEB，此过程由机械能守恒可知，所以上升高度仍为h，故A正确；B. 若把斜面CB部分截去，物体冲过C点后做斜抛运动，到达最高点后物体还有一部分动能，根据机械能守恒可知物体不能上升到h，故B错误；C. 把斜面弯成竖直光滑圆形轨道AD，物体沿圆弧能上升的最大高度时有最小速度 故动能没有全部转化为重力势能，故上升高度小于h，故C错误；D. 若把斜面AB与水平面的夹角稍变大，上升最高点速度为零，根据机械能守恒知仍上升到h，故D正确。8、BD【解析】A：组合体仍在原“天宫二号”的轨道上做圆周运动，据，组合体的运动速度等于原“天宫二号”的运动速度；故A错误B：组合体的运动速度等于原“天宫二

18、号”的运动速度，组合体质量变大，组合体的机械能比原“天宫二号”的机械能大；故B正确C：组合体仍在原“天宫二号”的轨道上做圆周运动，据，组合体的加速度等于原“天宫二号”的加速度；故C错误D：组合体仍在原“天宫二号”的轨道上做圆周运动，据，组合体的向心力比原“天宫二号”的向心力大；故D正确9、BC【解析】A项：方向垂直纸面向外，导线不受安培力作用，所以导线不可能处于图示位置平衡，故A错误；B项：方向竖直向下，导线受到水平向左的安培力，由平衡条件可知，tan=BILmg，解得：B=mgtanIL，故B正确；C项：方向水平向左，导线受到竖直向上的安培力，当安培力与重力相等时有：mg=BIL，解得：B=

19、mgIL，故C正确；D项：方向水平向右，导线受到竖直向下的安培力，由平衡条件可知，导线不可能处于图示位置平衡，故D错误。故应选：BC。10、BD【解析】A.由图可看出，4s内速度方向始终为正方向，则物块经过4 s没有回到出发点，A选项错误；B.4.5s时，加速度大小为，物体向左运动，受摩擦力向右，求得力F=16N，力F的功率为B选项正确；C.滑动摩擦力始终与物体的运动方向相反，始终做负功，C选项错误；D.05 s内物块所受合力的做的功等于动能增加量，平均功率为D选项正确三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 【解析】（1）1烧断细线后，a

20、向左运动，经过光电门，根据速度公式可知，a经过光电门的速度；（2）2b离开平台后做平抛运动，根据平抛运动规律可得：sb=vbt解得：若动量守恒，设向右为正，则有：0=mbvb-mava即（3）3对物体a由光电门向左运动过程分析，则有：va2=2asa经过光电门的速度：由牛顿第二定律可得：联立可得：则由图象可知：解得12、不变；电势差；增大；减小；【解析】电容器充电后与电源断开，电量保持不变；静电计可以测量电容器的电势差当插入介质时，增大，由可知电容将增大；由可知，两板间的电压减小，静电计指针偏角减小四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）1.8J（2）(48125m，18125m)（3）y=38x【解析】（1）从A到C的过程中，由定能定理得：W弹-mgL1-mgR（1-cos）=0，解得：W弹=1.8J根据能量守恒定律得：EP=W弹=1.8J；（