湖南省湘东六校2022-2023学年高三物理第一学期期中调研试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷注意事项：1 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用05毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，在直角三角形所在的平面内存在匀强电场，其中A点电势为0，B点电势为3V，C

2、点电势为6V己知ACB30，AB边长为m，D为AC的中点，将一点电荷放在D点，且点电荷在C点产生的场强为1.5N/C，则放入点电荷后，B点场强为（ ）A2.5N/CB3.5N/CC2N/CDN/C2、我国ETC（电子不停车收费系统）已实现全国联网，大大缩短了车辆通过收费站的时间一辆汽车以20 m/s的速度驶向高速收费口，到达自动收费装置前开始做匀减速直线运动，经4 s的时间速度减为5 m/s且收费完成，司机立即加速，产生的加速度大小为2.5 m/s2，假设汽车可视为质点则下列说法正确的是（ ）A汽车开始减速时距离自动收费装置110 mB汽车加速4 s后速度恢复到20 m/sC汽车从开始减速到速

3、度恢复到20 m/s通过的总路程为125 mD汽车由于通过自动收费装置耽误的时间为4 s3、如图所示，一个半球形的碗固定在桌面上，碗口水平，O点为其球心，碗的内表面及碗口光滑一根细线跨在碗口上，线的两端分别系有质量为m1和m2的小球当它们处于平衡状态时，质量为m1的小球与O点的连线跟水平方向的夹角为a= 90质量为m2的小球位于水平地面上，设此时竖直的细线对m2的拉力大小为T，质量为m2的小球对地面压力大小为N，则( )ABCDN=m2g4、每年的农历八月十八前后，都是钱塘潮的最佳观赏期。今年10月7日，号称“天下第一潮”的钱塘江大潮如约而至，冲天而起的回头潮浪高接近20m，由此可估算出回头潮

4、前来的速度大小约为（g取l0m/s2）A5m/s B20m/s C30m/s D50m/s5、如图所示为某中学科技小组制作的利用太阳能驱动小车的装置.当太阳光照射到小车上方的光电板时,光电板中产生的电流经电动机带动小车前进.若质量为的小车在平直的水泥路上从静止开始沿直线加速行驶,经过时间前进的距离为,且速度达到最大值.设这一过程中电动机的功率恒为,小车所受阻力恒为,那么这段时间内( )A小车做匀加速运动B小车受到的牵引力逐渐增大C小车受到的合外力所做的功为D小车受到的牵引力做的功为 6、用两根长度相等的绝缘细线系住两个质量相等的带电小球A和B，A带正电，B带负电，且|qA|3|qB|，悬挂在水

5、平向右的匀强电场中，保持平衡状态，能正确表示系统平衡状态的图是( )ABCD二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、在水平向左的匀强电场中，一带电颗粒以速度v从a点水平向右抛出，不计空气阻力，颗粒运动到b点时速度大小仍为v，方向竖直向下已知颗粒的质量为m，电荷量为q，重力加速度为g，则颗粒从a运动到b的过程中A做匀变速运动B速率先增大后减小C电势能增加了Da点的电势比b点低8、如图所示，在竖直平面内固定有两个很靠近的同心圆轨道，外圆光滑内圆粗糙一质量为m=0.2kg的小球

6、从轨道的最低点以初速度v0向右运动，球的直径略小于两圆间距，球运动的轨道半径R=0.5m，g取10m/s2，不计空气阻力，设小球过最低点时重力势能为零，下列说法正确的是（ ）A若小球运动到最高点时速度为0，则小球机械能一定不守恒B若小球第一次运动到最高点时速度大小为0，则v0一定小于5m/sC若要小球不挤压内轨，则v0一定不小于5m/sD若小球开始运动时初动能为1.6J，则足够长时间后小球的机械能为1J9、如图所示，仅在电场力作用下，一带电粒子沿图中虚线从A运动到B，则( )A该粒子带正电B该粒子带负电C电势能减少D加速度增大10、如图所示，长木板放置在水平面上，一小物块置于长木板的中央，长木

7、板和物块的质量均为m，物块与木板间的动摩擦因数为，木板与水平面间动摩擦因数，已知最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等，重力加速度为g现对物块施加一水平向右的拉力F，则木板加速度大小a可能是 （ ）AagBaCaDa三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）在测量两节干电池的电动势与内阻的实验中，利用实验提供的实验器材设计的电路图如图1所示，其中每节干电池的电动势约为1.5V、内阻约为，电压表的量程均为3V、内阻为，定值电阻（未知），滑动变阻器最大阻值为(已知)请回答下列问题：(1)根据设计的电路图，将图2中的实物图连接_；(2)在完成实验时

8、，将滑动变阻器的最值调到，闭合电键，两电压表的示数分别为，则定值电阻_（用、表示）；(3)测出定值电阻的阻值后，调节滑动变阻器的滑片，读出多组电压表的示数，以两电压表的示数为坐标轴，建立坐标系，描绘出的关系图象如图3所示，假设图线的斜率为k、与横轴交点的坐标值为c，则电池的电动势为E=_，内阻_（以上结果用k、c、表示）12（12分）某同学设计了如图所示的装置来探究加速度与力的关系弹簧秤固定在一合适的木板上，桌面的右边缘固定一支表面光滑的铅笔以代替定滑轮，细绳的两端分别于弹簧秤的挂钩和矿泉水瓶连接在桌面上画出两条平行线、，并测出间距开始时讲模板置于处，现缓慢向瓶中加水，直到木板刚刚开始运动为止

9、，记下弹簧秤的示数,以此表示滑动摩擦力的大小再将木板放回原处并按住，继续向瓶中加水后，记下弹簧秤的示数，然后释放木板，并用秒表记下木板运动到处的时间木板的加速度可以用、表示为=_；为了减小测量加速度的偶然误差可以采用的方法是（一种即可）_改变瓶中水的质量重复实验，确定加速度a与弹簧秤示数的关系下列图象能表示该同学实验结果的是_a.b. c.d.用加水的方法改变拉力的大小与挂钩码的方法相比，它的优点是_a可以改变滑动摩擦力的大小b可以更方便地获取多组实验数据c可以比较精确地测出摩擦力的大小d可以获得更大的加速度以提高实验精度四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求

10、写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，水平地面上OP段是粗糙的，OP长为L=1.6m，滑块A、B与该段间的动摩擦因数均为=0.5，水平地面的其余部分是光滑的，滑块B静止在O点，其质量=2kg，滑块A在O点左侧以=5m/s的水平速度向右运动，并与B发生正碰，A质量是B质量的k（k取正整数倍），滑块均可视为质点，取。（1）若滑块A与B发生完全非弹簧碰撞，求A、B碰撞过程中损失的机械能；（2）若滑块A与B发生弹性碰撞，试讨论k在不同取值范围时，滑块A克服摩擦力所做的功。14（16分）如图所示，水平地面上的物体重G111N，受与水平方向成37角的拉力F61N，受摩擦力f16N，

11、已知sin3716，c1s3718，求：（1）物体所受的合力（2）物体与地面间的动摩擦因数15（12分）传送带以恒定速率v4m/s顺时针运行，传送带与水平面的夹角37.现将质量m1 kg的小物块轻放在其底端(小物品可看成质点)，平台上的人通过一根轻绳用恒力F10 N拉小物块，经过一段时间物块被拉到离地高为H1.8m的平台上，如图所示已知物块与传送带之间的动摩擦因数0.5，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g取10m/s2，已知sin370.6，cos370.8.求：(1)物块在传送带上运动的时间；(2)若在物块与传送带速度相等的瞬间撤去恒力F，则物块还需多少时间才能脱离传送带？参考答案一、单项选择

12、题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】在匀强电场中，D点电势为，因此BD连线即为等势线，画出电场线如图所示：因，则AB两点沿电场线方向的距离为，BA间的电势差U=B-A=3V，则匀强电场的场强，由于点电荷在C点产生的场强为1.5N/C，则点电荷在B点产生的场强也为1.5N/C，方向与匀强电场的电场强度方向垂直因此B点场强为，故A正确， B、C、D错误故选A.【点评】考此题的关键要找出等势点，来确定等势线，并掌握电势线与电场线垂直，理解公式中d的含义为两点沿电场线方向的距离2、C【解析】根据平均速度的推论知，汽车开始减速时距离自

13、动收费装置的距离，A错误；汽车恢复到20m/s所需的时间，B错误；汽车加速运动的位移，则总路程，C正确；这段路程匀速运动通过的时间，则通过自动收费装置耽误的时间，故D错误3、D【解析】两小球受力分析如图：AB.先对小球m1受力分析，受重力和支持力，假设细线对小球m1有拉力作用，则小球m1受力不可能平衡，故拉力T为零，故A错误，B错误；CD.在对小球m2受力分析，由于拉力T为零，受重力和支持力，支持力与重力平衡，故N= m2g，故C错误，D正确4、B【解析】解：浪的动能变为重力势能，由机械能守恒 ，可得： 所以选B5、D【解析】小车电动机的功率恒定,速度不断变大,根据功率与速度关系公式可以知道,

14、牵引力不断减小,根据牛顿第二定律,有 故小车的运动是加速度不断减小的加速运动,故AB错误;对小车启动过程,根据动能定理,有 ,故C错误;根据C可以知道,小车受到的牵引力做的功为 故D正确；故选D6、D【解析】试题分析：设A带正电+3q，受到的电场力水平向右，B带负电-q，受到的电场力水平向左以整体为研究对象，分析受力如图设OA绳与竖直方向的夹角为，整体带电量为2q，则由平衡条件得以B球为研究对象，受力如图设AB绳与竖直方向的夹角为，则由平衡条件得得到=，故选D考点：物体的平衡；整体及隔离法.二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的

15、。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】A.小球受到的重力和电场力是恒力，所以小球做的是匀变速运动故A正确B.由于不知道重力和电场力的大小关系，故无法确定速度大小的变化情况故B错误C.在平行于电场方向，小球的动能减小量为，减小的动能转化为了小球的电势能，所以小球电势能增加了故C正确D. 在平行于电场方向有，解之得，所以a点的电势比b点低故D错误8、ABD【解析】试题分析：若小球运动到最高点时受到为3，则小球在运动过程中一定与内圆接触，受到摩擦力作用，要克服摩擦力做功，机械能不守恒，故A正确；小球如果不挤压内轨，则小球到达最高点速度最小时，小球的重力提供向心力，由

16、牛顿第二定律得：，由于小球不挤压内轨，则小球在整个运动过程中不受摩擦力作用，只有重力做功，机械能守恒，从最低点到最高点过程中，由机械能守恒定律得：mv32=mv2+mg2R，解得：v3=5m/s，则小球要不挤压内轨，速度应大于等于5m/s，可知，若小球第一次运动到最高点时速度大小为3，则v3一定小于5m/s故B正确；若要小球不挤压内轨，存在两种可能的情况：1到达最高点时的速度大于等于，则v35m/s；2小球始终在O点以下运动，此时重力的一部分提供向下的加速度，而外出轨道提供指向圆心的向心加速度，此时小球始终没有压内轨道由机械能守恒得：mv32mgR即：故C错误小球的初速度，则小球在运动过程中要

17、与内轨接触，要克服摩擦力做功，机械能减少，最终小球将在轨道的下半圆内做往复运动，到达与圆心同高位置处速度为零，则小球的最终机械能E=mgR=321335=1J，故D正确；故选ABD考点：圆周运动；机械能守恒定律；牛顿第二定律【名师点睛】本题综合考查了动能定理、牛顿第二定律和机械能守恒定律，综合性较强，关键是理清运动过程，抓住临界状态，运用合适的规律进行求解9、BD【解析】带电粒子在电场中受到的电场力的方向应该指向运动轨迹的弯曲的内侧，由此可以判断带电粒子受到的电场力是向上的，与电场线的方向相反，所以粒子一定是带负电。在从A运动的B的过程中，电场力做负功，动能减小，电荷的电势能增加，故B正确，A

18、C错误；由于A点的电场线比B的电场线稀疏，所以B的电场强度大，电荷在B的时受到的电场力大，加速度大，故D正确。所以BD正确，AC错误。10、BD【解析】当物块与木板一起向右加速，没有发生相对滑动，以物块和木板整体为研究对象进行受力分析，有：解得：当物块和木板间发生相对滑动，以木板为研究对象有：解得：故BD正确，AC错误三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 【解析】(1)由电路图的连接可得出的实物图的连接方式，如图所示；(2)由电路图可知，电压表测量了与两端的电压，电压表测了滑动变阻器两端的电压，则两端的电压，由欧姆定律可知，；(3)由闭

19、合电路欧姆定律可知，变形得，则有，解得【点睛】本题考查测量电动势和内电阻的实验方法，关键在明确根据闭合电路欧姆定律得出对应的表达式，再分析图象的意义，求得电动势和内电阻12、 保持不变，重复实验多次测量，求平均值 c bc 【解析】1根据匀变速直线运动公式得：；2为了减小测量加速度的偶然误差可以采用的方法是保持F1不变，重复实验多次测量，求平均值；3 根据牛顿第二定律得当时，木板才产生加速度，此实验要求水的质量必须远远小于木板质量，当矿泉水的质量逐渐增大到一定量后，图象将向下弯曲，只有图象c符合该同学的实验结果，abd不符合题意。故选c。4 a不可以改变滑动摩擦力的大小，a错误；b缓慢向瓶中加

20、水，可以更方便地获取多组实验数据，b正确；c缓慢向瓶中加水，直到木板刚刚开始运动，可以比较精确地测出摩擦力的大小，c正确；d并没有获得很大的加速度，可以获取多组实验数据以提高实验精度，d错误。故选bc四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）（2）（1）当k=1时，vA=0，滑块A停在O点，A克服摩擦力所做的功为WfA=0；（2）当1k9时，滑块A停在OP之间，A克服摩擦力所做的功为J； （3）当k9时，滑块A从OP段右侧离开，A克服摩擦力所做的功为16k J【解析】（1）设滑块A碰B后的共同速度为v，AB碰撞过程

21、中损失的机械能为E由动量守恒定律有mAv0=（mA+mB）v 由能量守恒定律有E=mAv02 -（mA+mB）v2 联立式并代入数据解得J （2）设碰撞后A、B速度分别为vA、vB，且设向右为正方向，由于弹性碰撞，则有：mAv0=mAvA+mBvB mAv02=mA+mB 联立式并代入数据解得m/s m/s 假设滑块A、B都能在OP段滑动，滑块A、B在OP段的加速度（aA=aB=g）相等，由式知在任意时刻vBvA，滑块A、B不会再一次发生碰撞由题知，当滑块A刚好能够到达P点有 代入数据解得k=9 讨论：（1）当k=1时，vA=0，滑块A停在O点，A克服摩擦力所做的功为WfA=0 （2）当1k9时，滑块A停在OP之间，A克服摩擦力所做的功为J （3）当k9时，滑块