2019年江西省中考物理试卷(解析版)

1、2019年江西省中考物理试卷（解析版）学校:班级:姓名:学号:一、填空题（共13小题）1.步入温馨的物理考场，回想所学的物理知识。物理学是研究声、光、热、等各种物理现象的规律和物质结构的一门科学，它渗透于我们生活中的每个角落。2智能手机是我们常见的通讯工具，请你估测一下手机屏幕的面积大约为80，重力大约为2（填写合适单位的符号）。音调、响度、音色是声音的三个主要特征。演奏二胡时，手指上下移动按压琴弦的不同位置，可改变二胡发声的特征；其下方有一个共鸣箱，可用来增大二胡发声的特征。TOC o 1-5 h z校园内安装了许多监控探头，监控探头中的镜头相当于一个透镜，它能成倒立、缩小的像。电灯通过电线

2、挂在天花板上处于静止状态，灯对电线的拉力和电线对灯的拉力是一对力，电线对灯的拉力和灯所受的重力是一对力。6当液体温度升高时，其分子加剧，以致于表层中有更多的分子脱离液体分子的束缚跑到空气中去。气体分子间距很大，相互作用力很小，表现为气体没有固定白和体积。谚语、成语都蕴含着丰富的物理知识，如：如坐针毡；墙内开花墙外香；泥鳅黄鱔交朋友-滑头对滑头；霜前冷，雪后寒。其中主要体现压强知识的是，主要体现摩擦知识的是（请填入相应的序号）。如图所示，是利用被磁化的缝衣针制成的简易指南针，若静止时针尖指向地理位置的北方，则针尖是简易指南针的极。此时，将指南针底座逆时针旋转90，针尖静止时将指向地理位置的方。9

3、如图所示，甲、乙是两个轻小的物体，它们见面时相互吸引：由图中对话可以判断：甲物体可能带电或。O甲乙戟爭止电.你也带电吗10如图所示，将规格相同的小灯泡按照甲、乙两种连接方式接入电压均为U且保持不变的电路中，通过分别调节滑动变阻器R1和R2使所有灯泡均正常发光，则甲、乙两电路中的总电流之比I：I2=，电路的总功率之比P:P=。甲乙11.亲爱的同学，请你应用所学的物理知识解答下列问题。如图所示，为了让读数更精确，应选择刻度尺，所测物块的长度为cm。?t1Illi1111Illi11111IlliII2Illi11113Illi1111*2II112.清晨，王爷爷绕小区花园步行锻炼身体，借助手机中的

4、秒表测量了自己步行一圈的时间为2min24s，如图所示，秒表外圈示数的单位为，分度值为S。13天平的工作原理，如图所示，此时指针静止在（填天平的结构名称）的中线左侧，接下来的操作是，使天平水平平衡。二、单选题（共6小题）14以下四位物理学家中，没有用他的名字命名为物理定律的是（）欧姆B.焦耳C.牛顿D.阿基米德15.“远征号”潜水艇在南海执行任务，根据任务的要求、潜水艇需要在不同深度处悬浮，若海水密度保持不变，则下列说法错误的是（）潜水艇排开海水的体积相等潜水艇所受的重力大小不相等潜水艇所受的浮力大小相等潜水艇所受的浮力与重力大小相等16如图所示，是小普同学跟爷爷学习气功的四个基本动作，由此他

5、联想到热机的四个冲程，以下与做功冲程最相似的是（）鼻孔吸气B.排山倒海打完收工D.17如图所示，物重为G的物体在不同简单机械中均处于平衡状态（不计机械自重和摩擦）,拉力F1、F2）3F4的大小关系是(A.FF=FVF,2341C.F=FVF2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机和摄像头。【解答】解：摄像头的镜头相当于一个凸透镜，拍摄校园内照片时，物距远大于2倍焦距，所以此时成倒立缩小的实像。故答案为：凸；实。【知识点】凸透镜成像的应用【分析】平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上。相互作用力的条件：大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上。【解

6、答】解：电灯通过电线挂在天花板上，灯对电线有向下的拉力，由于物体间力的作用是相互的，则电线对灯有向上的拉力，所以灯对电线的拉力和电线对灯的拉力是一对相互作用力；电线对灯的拉力和灯所受的重力，二力的大小相等、方向相反、作用在同一条直线上，作用在同一个物体上（都作用在电灯上），所以二力是一对平衡力。故答案为：相互作用；平衡。【知识点】平衡力和相互作用力的区分【分析】（1）温度是分子热运动的标志，当温度升高，分子热运动越剧烈，分子的平均动能越大；（2）分子间的作用力与分子间的距离有关。一般来说分子间距离越小，其分子间作用力越大；分子间距离越大，其分子间作用力越小。固体分子间距很小，分子间作用力很大，

7、表现为分子有固定的形状跟体积；液体分子间距较小，分子间作用力较大，表现为分子有固定的体积但是没有固定的形状；气体分子间距很大，分子间作用力很小，表现为分子没有有固定的形状跟体积；【解答】解：（1）温度是分子热运动的标志，当温度升高，分子热运动越剧烈，分子的平均动能越大；分子不停地做无规则运动就是分子热运动。（2）分子间的作用力与分子间的距离有关。一般来说分子间距离越小，其分子间作用力越大；分子间距离越大，其分子间作用力越小。固体分子间距很小，分子间作用力很大，表现为分子有固定的形状跟体积；液体分子间距较小，分子间作用力较大，表现为分子有固定的体积但是没有固定的形状；气体分子间距很大，分子间作用

8、力很小，表现为分子没有有固定的形状跟体积；故答案是：热运动；形状。【知识点】物态的微观模型及特点、分子的热运动【分析】压强的大小与压力大小和受力面积有关，压力相同，受力面积越小，压强越大。分子在不停地做无规则运动；摩擦力大小的影响因素：压力大小、接触面的粗糙程度。物质直接从气态变为固态的过程叫凝华，物质从固态变为液态的过程是熔化，在熔化过程中需要从外界吸收热量。【解答】解：“如坐针毡”是因为受力面积太小，在压力一定时，受力面积越小，压强越大，因而使坐在上面的人难受；“墙内开花墙外香”属于扩散现象，说明了分子在不停地做无规则运动；泥鳅黄鱔交朋友-滑头对滑头，说明摩擦力较小；“霜前冷”是指气温骤降

9、，空气中的水蒸气容易凝华形成霜；下雪后雪发生熔化，熔化需要吸热，所以“霜前冷，雪后寒”。综上所述，主要体现压强知识的是，主要体现摩擦知识的是。故答案为：；。【知识点】熔化与熔化吸热特点、分子的运动、升华和凝华的定义和特点、增大压强的方法及其应用、增大或减小摩擦的方法【分析】地球是个巨大的磁体，地磁南极的地理北极附近，地磁北极在地理南极附近。【解答】解：若静止时针尖指向地理位置的北方，说明指向地磁南极附近，则针尖是简易指南针的N极。无论如何转动底座，N极指向是不变的，所以针尖N极还是指向地理北方。故答案为：N；北。【知识点】地磁场【分析】同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。排斥是物体带同种电荷，

10、吸引的物体可能的带异种电荷，可能是带电体吸引不带电体。【解答】解：甲、乙是两个轻小的物体，它们见面时相互吸引，且由题知乙物体带正电，因异种电荷相互吸引、带电体有吸引轻小物体的性质，所以，可知甲物体可能带负电或不带电。故答案为：负；不带电。【知识点】物体带电情况的判断【分析】灯泡规格相同，两图中灯泡都正确发光，由串联和并联电路的电流特点可得电路的总电流比；由P=UI可得电路消耗总功率比。【解答】解：由题知，甲乙两图中小灯泡规格相同，且两电路中灯泡都正常发光，若灯泡正常发光时的电流为I，甲图中两灯并联后与变阻器串联，所以干路电流I1=2I,乙图中两灯以及变阻器串联，所以电路中电流I2=I,所以I/

11、I2=2I：I=2：1；两电路的电源电压相等，由P=UI可得电路的总功率之比：P甲:P厂卩：UI2=Ii：I2=2：1故答案为：2：1；2：1。【知识点】电功率的计算、欧姆定律的应用【分析】由图示刻度尺确定其分度值，物体两端点所对应刻度尺的示数之差是物体的长度，由图示求出物体长度；分度值越小的刻度尺测量结果越准确。【解答】解：甲刻度尺，其分度值为1cm,乙刻度尺，1cm之间有10个小格，其分度值为1mm,使用乙刻度尺测量较准确；其分度值为1mm；物体左侧与0刻度线对齐,右侧与2.8cm对齐,估读为2.80cm,所以物体的长度为L=2.80cm。故答案为：乙；2.80。【知识点】长度的测量【分析

12、】根据题目已知条件可以知道秒表外圈示数的单位，秒表上最小的一格代表的时间就是其分度值。【解答】解：由“时间为2min24s”结合秒表示意图知，秒表外圈示数的单位是s；在1s之间平均分成5等份，所以一份是0.2s，也就是秒表的分度值是0.2s。故答案为：s；0.2。【知识点】时间的测量【分析】天平是一个等臂杠杆，天平的正确使用：放：把天平放到水平桌面上；移；把游码移到标尺左端零刻线处；调：调节平衡螺母，使指针指在分度盘的中线处。【解答】解：天平是一个等臂杠杆，故天平的工作原理是杠杆的平衡条件；调节天平在水平面上平衡时要将平衡螺母向指针偏转的相反方向调节，由图可知，此时指针静止在分度盘的中线左侧，

13、所以应向右调节平衡螺母，使天平水平平衡。故答案为：杠杆的平衡条件；分度盘；向右调节平衡螺母。【知识点】天平的使用二、单选题（共6小题）【分析】根据对常见物理规律及其发现者的掌握作答【解答】解：在物理学中，A、通过导体的电流与电压成正比，与导体电阻成反比，这一规律是欧姆最早发现的，被命名为欧姆定律。故A不符合题意；B、电流通过导体产生的热量，与电流的平方、电阻和通电时间成正比，这一规律最早是焦耳发现的，被命名为焦耳定律。故B不符合题意；C、牛顿发现了著名的牛顿三大定律。故C不符合题意；D、阿基米德是著名的学者，科学家，但目前为止没有以阿基米德名字命名的定律。故D符合题意。故选：Do【知识点】物理

14、量的单位及单位换算【分析】因为潜水艇在液面下悬浮，潜水艇处于浸没状态，排开水的体积与潜水艇的体积相等；根据悬浮条件可知浮力和重力的关系；若海水密度保持不变，根据阿基米德原理即可判断所以排开液体的体积相等。【解答】解：A、由题知，潜水艇在不同深度处悬浮，潜水艇处于浸没状态，排开水的体积与潜水艇的体积相等；则排开水的体积不变，故A正确；BCD、海水密度保持不变，由F广p液V排g知潜水艇在海水中受到的浮力不变；由于潜水艇悬浮，则潜水艇所受的浮力与重力大小相等，所以潜水艇所受的重力大小相等，故B错误，CD正确。故选：Bo【知识点】物体的浮沉条件及其应用、阿基米德原理【分析】内燃机四个冲程中的能量转化情

15、况：吸气和排气冲程不发生能量转化，压缩冲程将机械能转化为内能，做功冲程将内能转化为机械能。【解答】解：小普同学跟爷爷学习气功的四个基本动作，鼻孔吸气相当于吸气冲程，气沉丹田相当于压缩冲程，打完收工相当于排气冲程；排山倒海时对外做功，相当于做功冲程；故选：Co【知识点】内燃机的四个冲程【分析】不计机械自重和摩擦。第一个图，使用的是等臂杠杆，由杠杆平衡条件可得F=G；第二个图，使用的滑轮组n=3,F2=*G；第三个图，使用动滑轮，动力作用在轴上，F3=2G；第四个图，使用的斜面，=sin30=*,根据FL=Gh求解。解答】解：不计机械自重和摩擦。由第一个图可知，L=L2，由杠杆平衡条件可得F=G；

16、由第二个图可知，使用的滑轮组n=3,F2=*G；由第三个图可知，使用动滑轮，动力作用在轴上，F3=2G；由第四个图可知，使用的斜面=$込30=寺，因为FL=Gh，所以F4=*G。可见，F2F4F1F3o故选：Bo知识点】动滑轮及其工作特点、轮轴及其他常见简单机械、杠杆的平衡条件、滑轮组绳子拉力的计算【分析】通过题目中的信息可知，该手电筒中没有电池，而是通过晃动来使它发光。由此入手分析即可得到答案。【解答】解：（1）手电筒中没有电源，而要使手电筒发光，必须有提供电能的装置，该手电筒通过晃动消耗机械能提供了电能，由此可知，这是利用电磁感应现象制成的一种手电筒，与发电机的原理相同，故BD错误，C正确

17、；（2）因为导体运动方向随着手电筒摇动方向不断的变化，线圈中产生感应电流的方向也在不断的变化，故A错误。故选：Co【知识点】电磁感应、发电机的构造和原理【分析】当S掷到1时，叫与L并联，电流表测干路电流，电压表测电源两端的电压；当S由1掷到2时，电路为L的简单电路，电流表测通过L的电流，电压表测电源两端的电压，根据电源的电压可知电压表示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过L的电流和实际功率变化，进一步得出小灯泡是否正常发光，根据并联电路的电流特点可知干路电流的变化。【解答】解：由图知，当S/郑到1时，R与L并联，电流表测干路电流，电压表测电源两端的电压；当S1由1掷到2时，

18、R2被短路，电路为L的简单电路，电流表测通过L的电流，电压表测电源两端的电压，因电源电压保持不变，所以，电压表的示数不变，故C错误；因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，通过L的电流和实际功率不变，小灯泡仍正常发光，故B错误；因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，电路的总电流变小，即电流表示数变小，故A正确、D错误。故选：Ao【知识点】电路的动态分析三、多选题（共2小题）【分析】选用坐标纸建立坐标系时横轴和纵轴都应标明物理量及其单位，并且横轴和数轴的数据划分要合理。【解答】解：选用坐标纸建立坐标系时横轴和纵轴都应标明物理量及其单位，并且横轴和数轴的数据划分要合理。A、选项所示质量

19、与体积的关系图象，符合以上要求，故A正确；B、选项所示重力与质量的关系图象，横轴和纵轴上都没有表明单位，不符合以上要求，故B错误；C、选项所示电流与电压的关系图象，纵轴上的数据划分不合理，即0-0.1、0.1-0.2、0.2-0.3、0.3-0.4、0.4-0.5之间的格数不等。不符合以上要求，故C错误；D、选项所示路程与时间的关系图象，符合以上要求，故D正确。故选：ADo【知识点】重力、欧姆定律、速度公式及其应用、密度及其特性【分析】木块处于漂浮状态，受到的浮力和自身的重力相等，甲乙两次容器内液体的差值即排开液体的体积，根据密度公式和重力公式求出排开水的重力，根据阿基米德原理得出等式求出木块

20、的质量，由甲丙可知木块浸没时排开水的体积即为木块的体积，根据密度公式求出木块的密度。【解答】解：向量筒内倒入适量的水，水的体积记作V。将木块轻轻放入容器中，水面上升至V2。(3)用细针将木块按压，使木块浸没于水中，水面上升至V3。则木块漂浮时排开水的体积V排=v2-V,排21由漂浮条件和阿基米德原理可得：F*=G排,浮木排则木块的质量为m木=皿排=卩水V排=p水(v2-vi),根据量筒中水的体积和将木块压入水中后的总体积，可以求出木块的体积，则木块的体积为V=V3-V；木块的密度为(4)将盐水倒入量筒中，盐水的体积记作V0,将木块轻轻放入盐水中，液面上升至V4o则木块排开盐水中的体积V排盐=v

21、4-V0,因为木块在水和盐水中都是漂浮，所以浮力都等于木块的重力，即两次的浮力相等，则P水g(V2-Vi)=P盐水g(V4-V0)，所以p盐厂詮讣P水。由于小木块为长方体，且不知道其底面积，所以不能测得木块的高度；由此可知，能测出的物理量是木块的质量，木块的密度，盐水的密度。故选：ABD。【知识点】密度公式的应用四、解答题(共1小题)【分析】(1)物体保持运动状态不变的性质叫惯性，质量越大物体的惯性越大，据此分析；(2)分析易拉罐达到最高时速度大小及绳子断开后的拉力情况，据此回答。【解答】答：(1)悬挂着两个静止的易拉罐，一个装满湿沙子，另一个是空的，装满湿沙子的易拉罐质量大，物体保持运动状态

22、不变的性质叫惯性，质量越大物体的惯性越大，所以更容易保持之前的静止状态，故用相同的力分别推这两个处于静止状态的易拉罐，装满湿沙子的易拉罐更难被推动；(2)当易拉罐达到最高时，可知速度为0，物体受到竖直向下的重力和绳子对其拉力，绳子断开后，拉力为0，只受到竖直向下的重力，综上，易拉罐只具有重力势能。【知识点】机械能、摩擦力大小的影响因素五、计算题(共3小题)23.【分析】1)(2)根据图象判断汽车的运动状态，然后读出路程和时间，利用速度公式计算平均速度；根据阻力与汽车总重的关系得出阻力大小，然后利用二力平衡条件得出牵引力大小，再利用W=Fs、卩=也和推导功率的表达式。tt解答】解：(2)由图象可

23、知，汽车在020min和2050min两个时间段内的图象都是一条斜线,说明汽车在这两个时间段内均做匀速直线运动，在2050min内通过的路程为s2=80km-40km=40km，在050min内通过的路程为s=80km,则20min50min时间段内汽车的速度v2=5240km=80km/h，050min时间段内汽车的平均速度v=*=96km/h。因为汽车在2050min内做匀速直线运动，所以20min40min时间段内汽车的速度也为80km/h汽车以速度v匀速行驶，则牵引力F=f=丄G,汽车做的功w=Fs=Gvt,则功率p=Gv答：(1)20min40min时间段内汽车的速度80km/h05

24、0min时间段内汽车的平均速度96km/h；汽车在这段时间内的功率晋。【知识点】变速运动与平均速度、功率的计算【分析】(1)闭合开关S,断开开关S2、S3,为叫的简单电路，已知电流表示数，根据欧姆定律求出电源电压：闭合开关S3,断开开关SS2,R2、R3串联，根据电压表(测变阻器的电压)的示数为4V,由欧姆定律得出电路的电流，根据串联电路的规律和欧姆定律求出R3；闭合开关SS2和S3,R、R2并联，电压表测电源电压，电流表测干路电流，根据并联电路各支路互不影响，可知通过R1的电流，由并联电路电流的规律得出通过变阻器的最大电流，由欧姆定律求出变阻器连入的最小电阻；当变阻器滑片移动最左端时，没有超

25、过电流表和电压表量程，故变阻器的最大电阻为100Q，据此确定答案。【解答】解：(1)闭合开关S,断开开关S2、S3，为R的简单电路，电流表示数为0.4A,根据欧姆定律可得，电源电压：U=IR1=0.4AX20Q=8V；(2)闭合开关S3,断开开关S、S2,R2、R3串联，滑动变阻器滑片置于中点位置时，电压表(测变阻器的电压)的示数为4V,则电路中的电流：4V50=0.08A，根据串联电路的规律和欧姆定律可得，r3的阻值:R3=8V-4V0.08A=50Q；闭合开关S、S2和S3,R、R2并联，电压表测电源电压，电流表测干路电流，根据并联电路各支路互不影响，通过叫的电流为0.4A不变，电流表的量

26、程为00.6A,则干路电流最大为0.6A,由并联电路电流的规律，通过变阻器的最大电流：1变大总大_Ii=0.6A_0.4A=0.2A，由欧姆定律可得，变阻器连入电路的最小电阻：R=40Q；滑小当变阻器滑片移动最左端时，变阻器接入阻值最大，总电流最小，没有超过电流表量程，故变阻器的最大电阻为100Q,在不损坏电流表、电压表的情况下，滑动变阻器R2的阻值取值范围为40Q100Q。答：(1)闭合开关S,断开开关S2、S3，电流表示数为0.4A，电源电压为8V；闭合开关S3,断开开关S、S2,滑动变阻器滑片置于中点位置时，电压表的示数为4V,R3的阻值为50Q；闭合开关S、S2和S3，在不损坏电流表、

27、电压表的情况下，滑动变阻器R2的阻值取值范围为40Q100Q。知识点】欧姆定律的应用【分析】(1)由题意可知，当连接触点2和3时，电路为叫的简单电路，暖奶器处于保温状态;当连接触点3和4时，电路为叫、R2并联，奶器处于加热状态，根据总功率等于各用电器功率之和可知r2的电功率，根据并联电路的电压特点和p=求出电阻R2的阻值；根据Q=cmAt可求得牛奶所吸收的热量；由图2可知，0200s为加热时间，利用P=可求得消耗电能，再利用耳=学可求得暖奶器在加热过程中的热效率。【解答】解：(1)由题意可知，当连接触点2和3时，电路为叫的简单电路，暖奶器处于保温状态;当连接触点3和4时，电路为比、R2并联，奶

28、器处于加热状态，因电路中的总功率等于各用电器功率之和，所以，R2的电功率:P2=P由P=加热JP保温=220W-20W=200W可得，电阻R2的阻值：R_U23_(220V)22耳242Q；暖奶器在加热过程中的热效率n=X100%=72.7%。4.4X104J答：(1)电阻R2的阻值为242Q；牛奶所吸收的热量为3.2X10J。暖奶器在加热过程中的热效率为72.7%知识点】能量利用效率、热量的计算、电功率的计算六、实验探究题(共4小题)【分析】(1)根据变阻器的滑片向左移动时，小灯泡会变亮，确定变阻器左下接线柱连入电路中；正确连接电路后，闭合开关，电流表指针不动，电路为断路，但用手按住开关，发

29、现电流表指针摆动，电路为通路；灯在额定电压下正常发光，由表中数据得出灯的额定功率；为提高测量的准确程度，要多次测量取平均值，据此设计。【解答】解：(1)滑动变阻器的滑片向左移动时，小灯泡会变亮，即电流变大电阻变小，故变阻器左下接线柱连入电路中，如下所示：正确连接电路后，闭合开关，电流表指针不动，但用手按住开关，发现电流表指针摆动出现这种现象的原因是开关接触不良；灯在额定电压下正常发光，由表中数据，灯的额定功率为0.80W；为提高测量的准确程度，要多次测量取平均值，如下表所示：【分析】(1)水沸腾前，上层水温比较低，气泡在上升过程中，遇冷的水液化成水，气泡变小；水沸腾时，整个容器的水温度相同，气

30、泡在上升过程中，水不断汽化成水蒸气，气泡越来越大；(2)要会进行温度计的读数，在读数时，首先认清温度计的分度值。(3)水沸腾后继续加热，每隔一段时间记录水的温度；沸腾时的特点：不断吸热但温度保持不变；【解答】解：(1)图1甲图中气泡在上升过程中，体积逐渐增大，所以是沸腾时的现象。图乙中气泡在上升过程中体积逐渐减小，所以是沸腾前的现象。由图2知,此温度计的分度值是1C,所以此时温度计的示数是9代,即水的沸点是97C。水沸腾后继续加热，每隔一段时间记录水的温度；根据记录的数据，可得出水沸腾时温度变化的特点：不断吸热,温度保持不变；故答案为：(1)甲；(2)97；(3)温度；保持不变。【知识点】探究水的沸腾实验【分析】(1)根据杠杆的平衡条件可知,杠杆倾斜时,杠杆的重心偏向杠杆下沉的一端,左、右两端的螺母(或一端的螺母)要向杠杆上翘的一端调节；根据图乙中左右两侧挂钩码后两边力与力臂的乘积大小,判断杠杆的向那端运动；杠杆的平衡条件是：动力X动力臂=阻力X阻力臂。【解答】解：如图所示,是小鹰和小华同学用于