泰兴市洋思中学2016-2017学年九年级(上)期末物理试卷

1、泰兴市洋思中学2016-2017学年九年级（上）期末物理试卷一、选择题（每小题2分，共24分，每小题只有一个选项符合题意）1使用杠杆为我们的生活带来方便，下列杠杆的使用能够省距离的是（）A开瓶器B镊子C钳子D自行车手闸2关于功、功率、机械效率，下列说法中正确的是（）A物体受力且运动时，力对物体就做了功B功率大的机器做功一定多C做功快的机器其机械效率一定高D功率大的机器做功就快3学校运动会上举行“双摇跳绳”比赛，“双摇跳绳”是指每次在双脚跳起后，绳连续绕身体两周的跳绳方法，比赛中，初三某同学1min内摇轻绳240圈，则他在整个跳绳过程中的功率最接近于（）A120WB400WC600WD1000W

2、4下列说法中正确的是（）A一个物体温度升高，一定是吸收了热量B同一物体，温度越高内能越大C0的冰没有内能，它的分子也不会运动D物体温度越高，所含热量越多5将L1和L2串联起来接入某电路，闭合后发现L2比L1亮很多，则通过L1的电流I1和通过L2的电流I2相比，正确的是（）AI1=I2BI1I2CI1I2D无法比较6关于电流表和电压表的使用，下列说法错误的是（）A使用前都应检查指针是否指零B若有两个量程，一般都先用大量程“试触”C两表都不能将两接线柱直接接到电源的两极上D接入电路时，都应使电流从正接线柱流入，从负接线柱流出7在如图所示的电路中，用滑动变阻器调节灯的亮度，若要求滑片P向右端滑动时灯

3、逐渐变暗，则下列接法正确的是（）AM接C，N接BBM接A，N接BCM接C，N接DDM接A，N接D8体育测试要用一个电子身髙测量仪如图的四个电路中，R0是定值电阻，R是滑动变阻器，电源电压不变，滑片会随身高上下平移能够实现身高越高，电压表或电流表示数越大的电路是（）ABCD9如图所示电路，电源电压不变，R是定值电阻将一个“6V 2W”的小灯泡接在a、b两点间，小灯泡恰能正常发光；若换一个“6V 3W”的小灯泡接在a、b两点间，则这个小灯泡（）A比正常发光时暗些B比正常发光时亮些C恰能正常发光D灯丝将会被烧坏10如图所示的电路中，R0是定值电阻，L是小灯泡，R是滑动变阻器，闭合开关S1，发现无论怎

4、样移动滑动变阻器的滑片，小灯泡都不发光，现用一只电压表检测这一现象产生的原因，当电压表接ab两点时，电压表有示数但很小；接ac两点时，电压表示数较大，则产生上述现象的原因可能是（）AL短路BL断路CR断路DR0阻值很大11如图所示的四个装置可以用来演示物理现象或原理，下列表述正确的是（A图a可用来演示电磁感应现象B图b可用来演示电动机原理C图c可用来演示发动机原理D图d可用来演示电磁铁性强弱与线圈匝数的关系12如图甲所示电路，电源电压保持不变，当闭合开关S，调节滑动变阻器阻值从最大变化到最小，两个电阻的“UI”关系图象如图乙所示则下列判断正确的是（）A电源电压为10VB定值电阻R1的阻值为20

5、C滑动变阻器R2的阻值变化范围为010D变阻器滑片在中点时，电路消耗的总功率为1.8W二、填空题（每空1分，共24分）13对人体来说，安全电压一般不高于V，家庭电路中，通常用判断火线和零线，用电能表测量14如图所示，搬运工人用滑轮组在20s内将重为270N的重物匀速提升6m，所用拉力为100N，则他所做的有用功是J，额外功是J，拉力的功率是W，滑轮组的机械效率是15一台单缸四冲程汽油机，飞轮的转速为1800r/min，该汽油机每分钟做功次，如图所示的汽油机正处于冲程，在此过程中燃气的内能（选填“增加”、“减小”或“不变”）16一只小灯泡的额定电压为8V，正常发光时通过它的电流为0.4A，现将该

6、小灯泡接在12V的电源上，为使其正常发光，应联一个的电阻17如图所示电路中，电源电压恒定，电阻R的阻值20（1）闭合开关S2时，R和L是联；（2）在对S1和S2进行闭合或断开的各种操作中，电流表可读得0.5A和0.3A两个值，那么电源电压U=V，灯泡电阻RL=（灯泡电阻不随温度变化）18在如图所示的电路中，电源电压保持不变，当开关S闭合，甲、乙两表为电压表时，两表的示数之比U甲：U乙=5：3，则R1：R2=；当开关S断开，甲、乙为电流表时，两表示数之比是I甲：I乙=19LED灯具有节能、环保等特点如图是额定电压为220V、额定功率为4.4W的LED灯泡该灯泡的额定电流是A若它一个月（30天）消

7、耗的电能是 0.66kWh，则平均每天正常发光h，与普通白炽灯相比，在达到相同亮度的条件下，假设这个LED灯与功率为44W的白炽灯亮度相当，则该LED灯可以节约%的电能20小红家的电能表2月底的示数为，3月底的示数为，则她家3月份消耗的电能为kWh如图是她家的电子式电能表表盘的部分数据（imp表示电能表指示灯闪烁的次数）当电路中某用电器单独工作6min时，电能表指示灯闪烁了320imp，则该用电器的功率是W21家庭电路中，熔断器是在电路超负荷运行或发生（短路/断路）时起保护作用的装置，电灯开关断开时，小红用测电笔分别检测开关的两个接线柱，氖管一次发光，一次不发光，据此，小红（能/不能）确定该开

8、关接在火线上三、解答题（共52分）22一台简易电动机如图所示用硬金属丝做两个支架，分别与电池的两极相连，用漆包线绕成一个矩形线圈，以线圈引线为轴用小刀刮去轴一端的全部漆皮，再刮去另一端的（全部/半周）漆皮，并将线圈放在支架上，磁体放在线圈下，接通电源并用手轻推一下线圈，线圈就会不停的转动起来电动机是利用原理制成的要改变线圈的转动方向，可以（提一个方案即可）23（1）如图1所示，人的手臂相当于一个杠杆，它的支点在O点请画出图中铅球对手的作用力F的力臂L（2）请用笔画线代替导线在图2中连接家庭电路要求开关控制螺口灯泡，三线插座直接接入电路（3）如图3是一个蹄型磁铁，虚线是磁极附近的部分磁感线，小磁

9、针在图示位置静止，请标出蹄型磁铁的N极和S极，并标出其中一条磁感应线的方向24一燃气灶烧水时，若要把体积为2L、初温为20的水加热到100，需完全燃烧天然气放出1.68×106J的热量已知水的比热容为4.2×103J/（kg），天然气的热值为8.4×l07J/m3求：（1）水的质量；（2）水吸收的热量；（3）需燃烧多少m3的天然气（假设天然气完全燃烧）25新型电饭锅采用“聪明火”技术，智能化地控制食物在不同时间段的温度，以得到最佳的营养和口感，其简化电路如图甲所示，R1和R2均为电热丝，S1是自动控制开关煮饭时，把电饭锅接入220V电路中，在电饭锅工作的30min

10、内，电路中总电流随时间变化的图象如图乙所示求：（1）S和S1都闭合时电饭锅的电功率（2）电热丝R2的阻值（3）这30min内电饭锅产生的热量26小华为了探究物体动能的大小与质量、速度的关系，设计了如图甲、乙所示的实验实验甲：质量相同的两个小球，沿同一光滑弧形轨道分别从A处和B处开始向下运动，然后与放在水平面上的木块相碰，木块在水平面上移动一段距离后静止，如图甲所示实验乙：质量不同的两个小球，沿同一光滑弧形轨道分别从A处开始向下运动，然后与放在水平面上的木块相碰，木块在水平面上移动一段距离后静止，如图乙所示（1）要探究物体动能的大小与质量的关系应选用图（填“甲”或“乙”）（2）实验中，让两个小球

11、沿同一光滑弧形轨道分别从同一位置A处开始向下运动，目的是：（3）这个实验中，利用木块被碰撞后移动的距离来比较物体的动能大小下列实例中与此实验方法相同的有（填编号）认识电流大小时，用水流进行类比用红墨水在水中的扩散现象来认识分子是运动的用吸引大头针数目来反映电磁铁磁性强弱27小华同学利用图甲所示装置对100g冰加热，他每隔相同时间记录一次温度计的示数，并观察物质的状态图乙是他根据记录的数据绘制的温度时间图象，根据图象可知：（1）冰属于晶体，由BC的过程，冰水混合物（需要/不需要）吸收热量，内能（不变/增大/减小）；（2）设相同时间内物质吸收的热量相同，则BC阶段物质共吸收了J的热量（c冰=2.1

12、×103J/kg，c水=4.2×103J/kg）；（3）图丙是另一位同学在完成同一实验时绘制的温度时间图象，老师认为他的CD段数据有问题，老师做出这样的判断的依据是28小刚同学由“金属导体的电阻一般随导体温度的升高而增大”规律联想到：铝笔芯也是导体，铅笔芯的电阻与它的温度之间是否也存在这种关系呢？于是，小刚和几位同学一起进行了“探究铅笔芯的温度变化对其电阻有何影响”的实验（1）实验思路：保持铅笔芯两端的电压不变，给铅笔芯加热，测出不同时通过铅笔芯的电流，根据电流的变化情况，得出铅笔芯电阻大小与其温度变化的关系，其依据是：电压一定时，电阻小，电流（2）小刚设计了如图所示的电路

13、（3）实验过程：先将H型铅笔芯接入电路，闭合开关，测量并记录通过它的电流用酒精灯给铅笔芯加热，使铅笔芯的温度逐渐，每隔10s测量并记录通过它的电流；再分别将HB型，2B型铅笔芯接入电路，重复以上实验过程（4）下表是小刚他们记录的实验数据：加热时间/s0102030通过铅笔芯的电流/AH0.1500.1600.1750.185HB0.2650.2700.2850.2952B0.3200.3400.3600.370分析表小数据可以初步得出：铅笔芯的电阻随温度的升高而（5）你认为小刚他们的实验存在什么不足，写出其中一条：29在“探究一定电压下，电流与电阻的关系”的实验中，老师提供的实验器材有：电源（

14、电压恒为4.5），电流表、电压表各一个，开关一个，四个定值电阻（5、10、15、20），两只滑动变阻器（规格分别为“20 2A”、“50 1A”），导线若干（1）请根据图甲的电路图用笔画线将图乙实物图连接完整（注意电流表的量程选择）（2）小李实验时，在a、b间先接入5的电阻，闭合开关，移动滑片P，使电压表的示数为1.5，并记下相应的电流值；再改接10的电阻，此时滑片P应向（选填“E”或“F”）端移动，小李移动变阻器滑片P的目的是：（3）小李为完成用四个定值电阻进行实验，他应选择的滑动变阻器规格是他这样选择的理由是：30如图甲是小明同学在“测量导体电阻”的实验中所连接的实物图（1）将图甲所示的电

15、路所缺的两根导线补充完整（2）在开关闭合前滑动变阻器的滑片应置于（A/B）端，检查电路正确无误后开始实验前两次的实验数据已填在表内，第三次实验时电流表和电压表的示数如图乙所示，请将下面表格中的空白处填写完整实验次数 电流/A 电压/V 电阻/ 测量结果R=（保留小数点后面一位数字）10.302.58.320.262.18.13（3）实验后交流总结时，同学们又想出了其他一些测电阻的方法如：小刚同学找来了一个阻值已知的电阻R0，连接了图丙所示电路在变阻器滑片位置不变情况下，用电流表先后测出通过电阻R0、RX的电流分别为I0和IX，计算出待测电阻RX=上述把定值电阻R0与Rx并联、并测出通过它的电流

16、的做法，起到了原电路中的作用31如图所示，小明在进行“测量小灯泡电功率”的实验，已知电源电压为3V，小灯泡的额定电压为2.5V（1）连接好电路后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，发现小灯泡始终不亮，电流表有示数，电压表示数为零，则出现故障的原因可能是（2）故障排除后，小明通过实验测得如下数据，分析数据可知灯泡的额定功率是W实验次数电压表示数U/V电流表示数I/A12.00.1722.50.2033.00.22（3）小明想通过实验来比较灯泡“实际电压是额定电压一半时的电功率P1”和“实际电流是额定电流一半时的电功率P2”的大小，但小明的同学没有通过实验也比较出了它们的大小，P1应P2（选填“大于

17、”、“小于”或“等于”）32用如图所示的实验装置探究“电流通过导体产生的热量与电阻的关系”（1）实验中通过观察来比较电流产生的热量的多少（2）为了便于比较两种电阻丝通过电流后产生热量的多少，甲乙两瓶中要装入、相同的同种液体（3）实验结论是（4）该实验装置还可以研究通电时间一定时导体产生的热量与的关系33如图是奥斯特曾经做过的实验示意图（1）比较甲、乙两图，得到的结论是；（2）比较甲、丙两图，得到的结论是参考答案与试题解析一、选择题（每小题2分，共24分，每小题只有一个选项符合题意）1使用杠杆为我们的生活带来方便，下列杠杆的使用能够省距离的是（）A开瓶器B镊子C钳子D自行车手闸【考点】杠杆的分类

18、【分析】结合图片和生活经验，判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆，省力的费距离、费力的省距离【解答】解：A、开瓶器在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，但费距离；B、镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，但省距离；C、钳子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，但费距离；D、自行车手闸在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，但费距离故选B2关于功、功率、机械效率，下列说法中正确的是（）A物体受力且运动时，力对物体就做了功B功率大的机器做功一定多C做功快的机器其机械效率一定高D功率大的机器做功就快【考点】功；机械效率；功率的概念【分

19、析】根据做功的条件、功率、机械效率的关系分析功率是单位时间内做的功的多少，机械效率是有用功与总功的比值【解答】解：A、若物体运动的方向与受力方向垂直，则力对物体没有做功，说法错误；B、功率大的机器只有说明它做功快，而不一定做功多，说法错误；C、做功快的机器只能说明功率大，而机械效率不一定高，说法错误；D、功率是表示做功快慢的物理量，功率大的机器做功快，说法正确故选D3学校运动会上举行“双摇跳绳”比赛，“双摇跳绳”是指每次在双脚跳起后，绳连续绕身体两周的跳绳方法，比赛中，初三某同学1min内摇轻绳240圈，则他在整个跳绳过程中的功率最接近于（）A120WB400WC600WD1000W【考点】功

20、率的计算【分析】首先估计出学生的质量，从而求出重力，再估计出腾空高度，根据W=Fs=Gh计算出做的功；根据摇绳的次数和时间，结合P=求出功率的大小【解答】解：中学生的质量约50kg，其重力为G=mg=50kg×10N/kg=500N；跳跃过程中腾空高度约h=0.12m；因此一次做功W=Fs=Gh=500N×0.12m=60J；由于“双摇跳绳”是指每次在双脚跳起后，绳连续绕身体两周的跳绳方法，所以1min内摇轻绳240圈，人起跳=120次；在1min内一共做功：W总=60J×120=7200J，则功率P=120W故选：A4下列说法中正确的是（）A一个物体温度升高，一

21、定是吸收了热量B同一物体，温度越高内能越大C0的冰没有内能，它的分子也不会运动D物体温度越高，所含热量越多【考点】温度、热量与内能的关系【分析】（1）要知道改变物体内能的两种方法：做功和热传递并且这两种方法在改变物体内能上是等效的；（2）要知道物体的内能与温度有关，同一物体的温度越高，内能越大；（3）任何物体在任何温度都具有内能；（4）热量是一个过程量，不能够用含有这个词来形容【解答】解：A、改变物体内能的方式有两种：做功和热传递；物体内能增加可能是吸收了热量，也可能是外界对物体做功，故A错误；B、物体温度升高，物体内部的分子运动加快，因此物体的内能一定增加，故B正确；C、一切物体的分子都在永

22、不停息地做无规则运动，即一切物体都有内能，故C错误；D、高温物体分子运动比低温物体分子运动剧烈，具有的分子动能大，热量是过程量不能够用含有这个词，故D错误故选B5将L1和L2串联起来接入某电路，闭合后发现L2比L1亮很多，则通过L1的电流I1和通过L2的电流I2相比，正确的是（）AI1=I2BI1I2CI1I2D无法比较【考点】串联电路的电流规律【分析】解答此题的关键是明确串联电路中，电流处处相等，然后即可做出判断【解答】解：灯L1、L2串联在同一电路里，因串联电路中的电流处处相等，所以经过它们的电流都是相等的故选A6关于电流表和电压表的使用，下列说法错误的是（）A使用前都应检查指针是否指零B

23、若有两个量程，一般都先用大量程“试触”C两表都不能将两接线柱直接接到电源的两极上D接入电路时，都应使电流从正接线柱流入，从负接线柱流出【考点】电流表的使用；电压表的使用【分析】根据电压表和电流表的使用方法分析各个选项【解答】解：A、说法正确，使用前应校零；B、说法正确，为读数准确和保护电表，应该先用大量程“试触”，若示数过小则使用小量程；C、说法错误，电压表可以直接接在电源两端测量电源电压；D、说法正确，都应使电流从正接线柱流入，从负接线柱流出故选：C7在如图所示的电路中，用滑动变阻器调节灯的亮度，若要求滑片P向右端滑动时灯逐渐变暗，则下列接法正确的是（）AM接C，N接BBM接A，N接BCM接

24、C，N接DDM接A，N接D【考点】滑动变阻器的使用；实际功率【分析】（1）灯泡亮度变暗，功率变小，根据P=I2R，电路中电流变小电源电压不变，电流变小，电阻变大，滑动变阻器接入电路的电阻丝变长（2）滑动变阻器在电路中的正确连接方式是连接一“上”一“下”两个接线柱，哪一段电阻丝被接入电路中是由下面的接线柱决定的，它就是下面被连接的接线柱与滑片P之间的部分【解答】解：滑动变阻器的滑片右移，灯泡变暗，功率变小，根据P=I2R，电路中电流变小电源电压不变，电流变小，电阻变大，滑动变阻器接入电路的电阻丝变长下面的接线柱一定接入C，上面的接线柱接A或B故选A8体育测试要用一个电子身髙测量仪如图的四个电路中

25、，R0是定值电阻，R是滑动变阻器，电源电压不变，滑片会随身高上下平移能够实现身高越高，电压表或电流表示数越大的电路是（）ABCD【考点】电路的动态分析【分析】先识别电路，然后根据身高的变化，判断滑动变阻器接入电路的阻值的变化，再根据欧姆定律、串联电路分压的特点以及并联电路电流的规律判断电压表或电流表示数的变化【解答】解：A、两电阻串联，电流表测量电路中的电流，身高越高R接入电路的电阻变大，电路中的总电阻变大，根据欧姆定律可知电路中的电流变小，即电流表示数变小，故A不符合题意；B、两电阻串联，电压表测R两端的电压，身高越高R接入电路的电阻变大，根据串联电路分压的特点可知，滑动变阻器分得的电压变大

26、，即电压表的示数变大，故B符合题意；C、两电阻串联，电压表测R两端的电压，身高越高R接入电路的电阻变小，电路中的总电阻变小，根据串联电路分压的特点可知，滑动变阻器分得的电压变小，即电压表的示数变小，故C不符合题意；D、两电阻并联，电流表测量定值电阻所在支路电流，由于并联电路中各支路互不影响，因此通过定值电阻的电流不变，与身高无关，故D不符合题意故选B9如图所示电路，电源电压不变，R是定值电阻将一个“6V 2W”的小灯泡接在a、b两点间，小灯泡恰能正常发光；若换一个“6V 3W”的小灯泡接在a、b两点间，则这个小灯泡（）A比正常发光时暗些B比正常发光时亮些C恰能正常发光D灯丝将会被烧坏【考点】电

27、路的三种状态【分析】灯泡的实际功率是由灯泡两端的实际电压决定的，所以要判断第二个小灯泡消耗的实际功率比2W大还是比2W小，我们就需要先判断出第二个小灯泡两端的实际电压比6V大还是比6V小，那么怎么才能判断出它两端的电压比6V大还是小呢？本题中，R是定值电阻，先后有两个灯泡与R串联第一个灯泡与R串联，灯泡分得的实际电压是6V（因为这个灯泡恰好正常发光）；第二个灯泡与R串联，这个灯泡能分多少电压呢？这就得看第二个灯泡的电阻比第一个灯泡的电阻大还是小了如果第二个灯泡的电阻比第一个灯泡的电阻大，则就会造成第二次电路的总电阻比第一次电路的总电阻大，电路中的电流就比第一次电路的电流小，R两端的电压就比第一

28、次R两端的电压小，于是就可以得出第二个灯泡分得的电压比第一个灯泡分得的电压多，反之亦然所以解答本题，我们还需要先算出这两个灯泡的电阻，算电阻可根据公式R=来计算【解答】解：根据公式R=可知，当电压相同时，电功率越大，电阻越小，故“6V 2W”的灯泡电阻比“6V 3W”灯泡电阻大；改接后，电路总电阻变小，根据欧姆定律可知，电路电流变大，对于定值电阻R来说，两端的电压变大，根据串联电路具有分压作用，“6V 3W”灯泡两端的电压将小于6V，所以实际功率小于3W，故比正常暗一些故选A10如图所示的电路中，R0是定值电阻，L是小灯泡，R是滑动变阻器，闭合开关S1，发现无论怎样移动滑动变阻器的滑片，小灯泡

29、都不发光，现用一只电压表检测这一现象产生的原因，当电压表接ab两点时，电压表有示数但很小；接ac两点时，电压表示数较大，则产生上述现象的原因可能是（）AL短路BL断路CR断路DR0阻值很大【考点】电路的三种状态【分析】根据电路图可知，定值电阻R0、灯泡L以及滑动变阻器R串联连接；根据灯泡是否发光判断电路可能出现的原因，然后再根据电压的示数判断电路故障的具体原因【解答】解：根据题意可知，闭合开关S1，发现无论怎样移动滑动变阻器的滑片，小灯泡都不发光，说明电路出现断路或电路中电流太小，灯泡的实际功率太小；当电压表接ab两点时，电压表有示数但很小；接ac两点时，电压表示数较大，说明电路没有断路，则故

30、障为灯泡的实际功率太小，即灯泡分得的电压太小；因为串联电路起分压作用，而R0两端电压较大，说明R0阻值很大故选D11如图所示的四个装置可以用来演示物理现象或原理，下列表述正确的是（A图a可用来演示电磁感应现象B图b可用来演示电动机原理C图c可用来演示发动机原理D图d可用来演示电磁铁性强弱与线圈匝数的关系【考点】通电直导线周围的磁场；影响电磁铁磁性强弱的因素；直流电动机的原理；发电机的构造和原理【分析】（1）奥斯特实验说明电流磁效应，即电流能产生磁场；（2）电磁感应是指闭合电路的一部分导体在磁场中切割磁感线，电路中会产生感应电流；（3）研究磁场对电流的作用要先给导体通电，再将其放入磁场中根据不同

31、实验的特点，对照各图进行判断即可；（4）比较电磁铁磁性强弱一般用不同的电磁铁来吸引大头针的个数进行判断的【解答】解：A、是奥斯特实验，演示电流的磁效应的实验装置，故A错误；B、此图中没有电源，即是研究电磁感应现象的实验装置，故B错误；C、此图中有电源，是演示磁场对电流作用的实验装置，故C错误；D、是演示电磁铁中线圈匝数的多少与磁性强弱的关系的实验装置，故D正确故选D12如图甲所示电路，电源电压保持不变，当闭合开关S，调节滑动变阻器阻值从最大变化到最小，两个电阻的“UI”关系图象如图乙所示则下列判断正确的是（）A电源电压为10VB定值电阻R1的阻值为20C滑动变阻器R2的阻值变化范围为010D变

32、阻器滑片在中点时，电路消耗的总功率为1.8W【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算【分析】（1）从“UI”关系图象可以看出，甲为滑动变阻器的关系图象，因为最后电压变为0，此时滑动变阻器的电阻为0，乙为电阻R1的图象；当滑动变阻器的阻值最大时，电路中的电流最小，根据图象读出电表的示数，利用串联电路的电压特点求出电源的电压，利用欧姆定律求出电阻R1的电阻和滑动变阻器的最大阻值；（2）根据电阻的串联和欧姆定律求出变阻器滑片在中点时，电路中的电流，然后又P=UI求出功率【解答】解：（1）当滑动变阻器的阻值最大时，两电阻串联，干路电流最小；由图乙可知，此时电路中的电流I=0.2A，电阻R1的电压U1=2V

33、，滑动变阻器两端的电压U2=4V；串联电路总电压等于各支路电压之和，电源电压为U=U1+U2=2V+4V=6V，故A错误；根据欧姆定律可得，定值电阻R1的阻值：R1=10，故B错误；滑动变阻器的阻值最大为：R2=20，即滑动变阻器R2的阻值变化范围为020，故C错误；（2）串联电路中总电阻等于各分电阻之和，变阻器滑片在中点时，电流表示数：I=0.3A，电路消耗的功率：P=UI=6V×0.3A=1.8W，故D正确；故选D二、填空题（每空1分，共24分）13对人体来说，安全电压一般不高于36V，家庭电路中，通常用测电笔判断火线和零线，用电能表测量电能【考点】电压；测电笔的使用；电功的测量

34、【分析】电能表是测量一定时间内用电器消耗电能多少的仪表；生活中，用测电笔辨别家庭电路中的火线和零线；对人体安全的电压不高于36V【解答】解：经验证明，只有不高于36V的电压对人体才是安全的；家庭电路中，通常用测电笔判断火线或零线；电能表测量用电器在一定时间消耗电能的多少故答案为：36；测电笔；电能14如图所示，搬运工人用滑轮组在20s内将重为270N的重物匀速提升6m，所用拉力为100N，则他所做的有用功是1620J，额外功是180J，拉力的功率是90W，滑轮组的机械效率是90%【考点】有用功和额外功；滑轮（组）的机械效率；功率的计算【分析】由图可知滑轮组通过动滑轮绳子的段数，根据s=nh求出

35、绳端移动的距离，根据W有=Gh求出有用功，根据W总=Fs求出总功，根据W总=W有+W额计算额外功；根据P=计算拉力的功率；利用=×100%求出滑轮组的机械效率【解答】解：由图可知，通过动滑轮绳子的段数n=3，他所做的有用功：W有用=Gh=270N×6m=1620J，总功：W总=Fs=Fnh=100N×6m×3=1800J，由W总=W有+W额 可得，额外功为：W额=W总W有用=1800J1620J=180J，拉力的功率：P=90W，滑轮组的机械效率：=×100%=×100%=90%故答案为：1620；180；90；90%15一台单缸四冲

36、程汽油机，飞轮的转速为1800r/min，该汽油机每分钟做功900次，如图所示的汽油机正处于压缩冲程，在此过程中燃气的内能增加（选填“增加”、“减小”或“不变”）【考点】有关热机的计算；内燃机的四个冲程【分析】（1）在四冲程内燃机曲轴转一圈，完成2个冲程，1个工作循环中包括4个冲程并对外做功1次；（2）汽油机的一个工作循环由吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程四个冲程组成，根据气门的开关和活塞的运动情况判断冲程的名称【解答】解：（1）四冲程汽油机的飞轮转速为1800r/min，一个工作循环飞轮转2圈，做功1次，所以飞轮转18000圈，共做功=900次（2）如图所示，汽油机的进气门、排气门均关

37、闭，且活塞向上运动，所以该冲程属于压缩冲程，此冲程中机械能转化成内能，燃气的内能增加故答案为：900；压缩；增加16一只小灯泡的额定电压为8V，正常发光时通过它的电流为0.4A，现将该小灯泡接在12V的电源上，为使其正常发光，应串联一个10的电阻【考点】欧姆定律的应用【分析】灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据串联电路的电压特点求出串联电阻两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出串联电阻的阻值【解答】解：灯泡正常发光时的电压为8V，现将该小灯泡接在12V的电源上，应串联一个分压电阻串联电路中总电压等于各分电压之和，串联电阻两端的电压：Ux=UUL=12V8V=4V，串联电路中各处的

38、电流相等，根据欧姆定律可得，串联电阻的阻值：Rx=10故答案为：串；1017如图所示电路中，电源电压恒定，电阻R的阻值20（1）闭合开关S2时，R和L是并联；（2）在对S1和S2进行闭合或断开的各种操作中，电流表可读得0.5A和0.3A两个值，那么电源电压U=6V，灯泡电阻RL=30（灯泡电阻不随温度变化）【考点】欧姆定律的应用；串联电路和并联电路的辨别【分析】（1）各电路元件首尾顺次连接的连接方式是串联，各电路元件并列连接，电路有多条电流路径的连接方式是并联，分析电路结构，然后答题（2）根据电路图分析电路结构，然后应用并联电路特点与欧姆定律分析答题【解答】解：（1）由电路图可知，闭合开关S2

39、时，R和L并列连接，它们是并联的；（2）由电路图可知，S1和S2都闭合时，R与L并联，电路电流为0.5A，S1闭合、S2断开时，只有电阻R接入电路，电流表示数为0.3A，电源电压U=IR=0.3A×20=6V，灯泡电阻RL=30；故答案为：（1）并；（2）6；3018在如图所示的电路中，电源电压保持不变，当开关S闭合，甲、乙两表为电压表时，两表的示数之比U甲：U乙=5：3，则R1：R2=2：3；当开关S断开，甲、乙为电流表时，两表示数之比是I甲：I乙=2：5【考点】欧姆定律的应用【分析】根据题意分析电路结构，然后根据串并联电路特点与欧姆定律分析答题【解答】解：由电路图可知，当开关S闭

40、合，甲、乙两表为电压表时，两电阻串联，甲测串联总电压，乙测R2两端电压，两表的示数之比U甲：U乙=5：3，设R2两端两端电压为3U，则R1两端电压为5U3U=2U，两电阻串联，电阻阻值之比：=；由电路图可知，当开关S断开，甲、乙为电流表时，两电阻并联，甲测通过R2的电流，乙测干路电流，两表示数之比： =；故答案为：2：3；2：519LED灯具有节能、环保等特点如图是额定电压为220V、额定功率为4.4W的LED灯泡该灯泡的额定电流是0.02A若它一个月（30天）消耗的电能是 0.66kWh，则平均每天正常发光5h，与普通白炽灯相比，在达到相同亮度的条件下，假设这个LED灯与功率为44W的白炽灯

41、亮度相当，则该LED灯可以节约90%的电能【考点】电功率与电压、电流的关系；电功率与电能、时间的关系【分析】（1）利用I=求解灯的额定电流；（2）已知消耗的电能；利用公式W=Pt计算平均每天正常发光时间；（3）消耗的电能之差与白炽灯消耗的电能之比就是节约的百分比，据此解答【解答】解：（1）由P=UI可得，该灯泡的额定电流是I=0.02A；（2）已知它一个月（30天）消耗的电能W=0.66kWh，由P=可得，t=5h，（3）设两种灯泡正常发光的时间为t，由P=可得，LED消耗的电能：W1=P1t=0.0044kWt，白炽灯消耗的电能为W2=P2t=0.044kWt，在达到相同亮度的条件下，LED

42、灯可以节约的电能：=90%，故答案为：0.02；5；9020小红家的电能表2月底的示数为，3月底的示数为，则她家3月份消耗的电能为51.6kWh如图是她家的电子式电能表表盘的部分数据（imp表示电能表指示灯闪烁的次数）当电路中某用电器单独工作6min时，电能表指示灯闪烁了320imp，则该用电器的功率是1000W【考点】电能表参数的理解与电能的求法；电功率的计算【分析】电能表最后一位是小数位，3月底与2月底电能表示数之差是3月份消耗的电能；3200imp/kWh表示的是电路中每消耗1kWh的电能，电能表指示灯闪烁3200次，或者表示电能表指示灯每闪烁1次，电路中消耗kWh的电能，求出指示灯闪烁

43、320次电路中消耗的电能然后求出用电器的功率【解答】解：3月份消耗的电能：4373.4kWh4321.8kWh=51.6kWh；指示灯闪烁320次，电路消耗电能为：W=kWh=0.1kWh，用电器的功率：P=1kW=1000W故答案为：51.6；100021家庭电路中，熔断器是在电路超负荷运行或发生短路（短路/断路）时起保护作用的装置，电灯开关断开时，小红用测电笔分别检测开关的两个接线柱，氖管一次发光，一次不发光，据此，小红不能（能/不能）确定该开关接在火线上【考点】熔断器的作用及保险丝的选择方法；家庭电路的故障分析【分析】（1）电路总功率过大和短路是造成熔断器熔断的原因；（2）根据测电笔的使

44、用方法填写，当笔尖接触到火线时，氖管会亮【解答】解：（1）当电路短路时，电路中的电流就会很大，超过了熔断器的最大电流，则熔断器将会熔断起到对电路的保护作用；（2）使用测电笔辨别火线和零线时，氖管发光，接触的是火线，不发光接触的是零线；开关和灯泡是串联接入的，开关接在零线上，检测该开关的两个接线柱，氖管也会一次发光，一次不发光，所以不能断定开关接在火线上故答案为：短路；不能三、解答题（共52分）22一台简易电动机如图所示用硬金属丝做两个支架，分别与电池的两极相连，用漆包线绕成一个矩形线圈，以线圈引线为轴用小刀刮去轴一端的全部漆皮，再刮去另一端的半周（全部/半周）漆皮，并将线圈放在支架上，磁体放在

45、线圈下，接通电源并用手轻推一下线圈，线圈就会不停的转动起来电动机是利用通电线圈在磁场中受力转动原理制成的要改变线圈的转动方向，可以只对调电源正负极改变电流方向或只对调磁体磁极改变磁场方向（提一个方案即可）【考点】直流电动机的构造和工作过程【分析】（1）该线圈之所以能转动，是据通电导线在磁场中受力的作用的原理来工作的，但是该线圈在转过平衡位置时，若不改变电流的反向，此时所受到的磁场力会阻碍线圈的转动，故为了使线圈持续转动，将线圈两端引线的漆皮一端全部刮掉，另一端只刮半周，这样在一个半周内受到磁场的力的作用，另一个半周利用惯性转动；而真正的直流电动机工作时，为了让线圈持续的转动下去，即是通过换向器

46、在平衡位置及时的改变线圈中的电流的方向，即改变线圈所受力的反向，使线圈持续的转动下去（2）电动机有电源，通电后，导体受力运动，将电能转化为机械能（3）根据影响线圈转动方向的因素回答【解答】解：将线圈两端引线的漆皮一端全部刮掉，另一端只刮半周，这样在一个半周内受到磁场的力的作用，另一个半周没有电流通过，不受磁场力的作用，利用惯性转动；电动机，即通电能动，是利用通电导线在磁场中受力的作用的原理制成的；影响线圈的转动方向是电流的方向和磁场的方向故要使线圈的转动方向发生改变，只要改变其中一个因素即可故答案为：半周；通电线圈在磁场中受力转动；只对调电源正负极改变电流方向或只对调磁体磁极改变磁场方向23（

47、1）如图1所示，人的手臂相当于一个杠杆，它的支点在O点请画出图中铅球对手的作用力F的力臂L（2）请用笔画线代替导线在图2中连接家庭电路要求开关控制螺口灯泡，三线插座直接接入电路（3）如图3是一个蹄型磁铁，虚线是磁极附近的部分磁感线，小磁针在图示位置静止，请标出蹄型磁铁的N极和S极，并标出其中一条磁感应线的方向【考点】力臂的画法；磁感线及其特点；家庭电路的连接【分析】（1）支点为点O，力臂是支点到力的作用线的距离（2）灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线（3）根据磁极间的相互作用规律：同名磁极相互排斥，异名磁

48、极相互吸引判断磁体的极性，再根据磁感线在磁体的外部都是从N极出发回到S极来画出磁感线的方向【解答】解：（1）过O点作力F作用线的垂线段，即为F的力臂L如图所示，（2）灯泡的接法：火线先进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接在灯泡的螺旋套上，这样在断开开关时能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故三孔插座的接法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线如下图所示：（3）由磁极间的相互作用规律可知，靠近小磁针S极的下端为磁铁的N极，另一端为磁铁的S极，磁感线的方向由N极指向S极如图所示24一燃气灶烧水时，若要把体积为2L、初温为20的水加热到100，需完全燃烧天然气放出1.68×106J的热

49、量已知水的比热容为4.2×103J/（kg），天然气的热值为8.4×l07J/m3求：（1）水的质量；（2）水吸收的热量；（3）需燃烧多少m3的天然气（假设天然气完全燃烧）【考点】密度公式的应用；热量的计算【分析】（1）知道水的体积和水的密度，利用m=V求水的质量；（2）已知水的比热容、质量和温度变化，可利用公式Q吸=cmt计算水吸收热量（3）已知燃料的热值和完全燃烧放出的热量，利用公式V=计算需要完全燃烧天然气的体积【解答】解：（1）由=得水的质量：m=V=1×103kg/m3×2×103m3=2kg；（2）水吸热：Q吸=cmt=4.2

50、15;103 J/（）×2kg×=6.72×105J；（2）由Q放=qV得：V=0.02m3答：（1）水的质量为2kg；（2）水吸收的热量为6.72×105J；（3）需燃烧0.02m3的天然气25新型电饭锅采用“聪明火”技术，智能化地控制食物在不同时间段的温度，以得到最佳的营养和口感，其简化电路如图甲所示，R1和R2均为电热丝，S1是自动控制开关煮饭时，把电饭锅接入220V电路中，在电饭锅工作的30min内，电路中总电流随时间变化的图象如图乙所示求：（1）S和S1都闭合时电饭锅的电功率（2）电热丝R2的阻值（3）这30min内电饭锅产生的热量【考点】电功

51、率的计算；焦耳定律的计算公式及其应用【分析】（1）S和S1都闭合时，电阻R1与R2并联；电路中电流最大，由乙图可知此时电流值，则利用P=UI求出功率；（2）开关S1断开时，电路中只有R1工作，由乙图可知通过R1的电流值，根据并联电路的电流特点可知通过R2工作时的电流值，然后根据欧姆定律即可求出R2的阻值（3）利用P=UI求出只有R1工作时功率；由乙图可知：30min内两种情况下各自的工作时间，利用W=Pt分别求出两种情况下各自产生的热量，最后求其和即可【解答】解：（1）S和S1都闭合时，电阻R1与R2并联；由乙图可知此时电流值Imax=3A，则功率Pmax=UImax=220V×3A

52、=660W；（2）开关S1断开时，电路中只有R1工作，由乙图可知通过R1的电流值I1=2A，则根据并联电路的电流特点可知：电阻R1与R2并联时；I2=ImaxI1=3A2A=1A，根据欧姆定律得：R2=220（3）只有R1工作时功率P1=UI1=220V×2A=440W；由乙图可知：t=10min+（20min15min）=15min=900s，t=（15min10min）+（30min20min）=15min=900s，则Q=W=Pmaxt=660W×900s=5.94×105J，Q=W=P1t=440W×900s=3.96×105J，Q=Q

53、+Q=5.94×105J+3.96×105J=9.9×105J答：（1）S和S1都闭合时电饭锅的电功率为660W；（2）电热丝R2的阻值为220；（3）这30min内电饭锅产生的热量为9.9×105J26小华为了探究物体动能的大小与质量、速度的关系，设计了如图甲、乙所示的实验实验甲：质量相同的两个小球，沿同一光滑弧形轨道分别从A处和B处开始向下运动，然后与放在水平面上的木块相碰，木块在水平面上移动一段距离后静止，如图甲所示实验乙：质量不同的两个小球，沿同一光滑弧形轨道分别从A处开始向下运动，然后与放在水平面上的木块相碰，木块在水平面上移动一段距离后静止，

54、如图乙所示（1）要探究物体动能的大小与质量的关系应选用乙图（填“甲”或“乙”）（2）实验中，让两个小球沿同一光滑弧形轨道分别从同一位置A处开始向下运动，目的是：使小球达到水平面时速度相同（3）这个实验中，利用木块被碰撞后移动的距离来比较物体的动能大小下列实例中与此实验方法相同的有（填编号）认识电流大小时，用水流进行类比用红墨水在水中的扩散现象来认识分子是运动的用吸引大头针数目来反映电磁铁磁性强弱【考点】探究影响物体动能大小的因素【分析】（1）影响动能大小的因素是质量和速度，进行探究时要采用控制变量法的思想，控制相同因素，改变不同因素；（2）比较甲、乙两组实验中的相同因素和不同因素，结合控制变量法的思想得出结论；（3）小球的动能通过它推动木块移动的距离来体现，采用了转换法的思想【解答】解：（1）要探究