湖南省浏阳市第四中学2018_2019学年高二物理上学期期中试题（含解析）.docx

浏阳四中2018年下期高二物理期中考试试卷一、单项选择题（本题共10小题，每小题3分，共30分。每个小题只有一个正确选项）1.关于电场强度，下列说法正确的是()A. 以点电荷为球心、r为半径的球面上，各点的场强都相同B. 正电荷周围的电场一定比负电荷周围的电场场强大C. 若放入正电荷时，电场中某点的场强向右，则当放入负电荷时，该点的场强仍向右D. 电荷所受到的电场力很大，即该点的电场强度很大【答案】C【解析】以点电荷为球心，r为半径的球面上，各点的场强大小相同，但是方向不同，选项A错误； 正电荷周围的电场强度不一定比负电荷周围的电场强度大，要看电场线的疏密，选项B错误； 在电场中某点放入试探电荷q，该点的电场强度为E=F/q，取走q后，该点的场强仍为E不变，选项C正确；根据E=F/q可知，电荷所受到的电场力很大，该点的电场强度不一定很大，选项D错误；故选C.2.下列对于电容器的电容C=的认识，正确的是（）A. 电容器所带电荷量越大，其电容越大B. 电容器两极板间的电势差越小，其电容越大C. 电容C与电容器所带的电荷量及极间的电势差无关D. 电容C由电容器所带的电荷量及极间的电势差决定【答案】C【解析】【详解】电容器的电容与所带电量和两端间的电压无关，由本身的性质决定，故C正确，ABD错误。3.A、B是一条电场线上的两点，若在A点释放一初速度为零的电子，电子仅受电场力作用，并沿电场线从A运动到B，其速度随时间变化的规律如图乙所示设A、B两点的电场强度分别为EA、EB，电势分别为A、B，则A. EAEB B. EAEBC. AB D. AB【答案】A【解析】【详解】因为电子做匀加速直线运动，则加速度不变，即所受的电场力不变，可知电场强度不变，所以EA=EB故A正确，B错误。因为电子从A到B做加速运动，所以电场线方向由B指向A，沿电场线方向电势逐渐降低，则AB故CD错误。故选A。【点睛】解决本题的关键知道沿电场线方向电势逐渐降低，电场线的疏密代表电场的强弱本题通过电场力的变化判断电场强度的变化4. 在闭合电路中，下列叙述正确的是（ ）A. 当外电路断开时，路端电压等于零B. 闭合电路的电流跟电源的电动势成正比，跟内外电路的电阻之和成反比C. 当外电路短路时，电路中的电流趋近于无穷大D. 当外电阻增大时，路端电压将增大【答案】BD【解析】试题分析：根据闭合电路欧姆定律U=EIr可知，当外电路断开时，路端电压等于电动势当外电路短路时，电路中的电流很大，但不是无穷大，因为电源有一定的内阻当外电阻增大时，电流减小，内电压减小，路端电压将增大解：A、根据闭合电路欧姆定律U=EIr可知，当外电路断开时，电流I=0，路端电压U=E故A错误B、根据闭合电路欧姆定律I=得知：闭合电路的电流跟电源的电动势成正比，跟内外电路的电阻之和成反比C、当外电路短路时，R=0，短路电流I短=，电源内阻r0，I短故C错误D、当外电阻增大时，电流减小，内电压减小，路端电压将增大故D正确故选BD【点评】本题考查对闭合电路欧姆定律的理解能力对于断路和短路两个特例，要在理解的基础上加强记忆5. 一台额定电压为U的电动机，它的电阻为R，正常工作时通过的电流为I，则A. 电动机t秒内产生的热量是Q=UItB. 电动机t秒内产生的热量是Q=I2RtC. 电动机的功率为P=I2RD. 电动机的功率为P=U2/R【答案】B【解析】试题分析：由焦耳定律知，A错B对；电动机的功率，C、D错。考点：电动机的功率、热功率。【名师点睛】电功和电热的处理方法：无论在纯电阻电路还是在非纯电阻电路中，发热功率都是I2r.处理非纯电阻电路的计算问题时，要善于从能量转化的角度出发，紧紧围绕能量守恒定律，利用“电功电热其他能量”寻找等量关系求解.6.如图所示的电路中，电源的电动势和内电阻恒定不变，电灯恰能正常发光，如果滑动变阻器的滑片向端滑动，则（ ）A. 电灯更亮，电流表示的示数增大 B. 电灯更亮，电流表的示数变小C. 电灯变暗，电流表的示数变小 D. 电灯变暗，电流表的示数增大【答案】B【解析】试题分析：据题意，当滑片向b端滑动时，外电阻增加，据闭合电路欧姆定律：可知电流减小，而内电压为：减小，外电压为：变大，故灯泡变亮而电流表示数减小，故选项B正确而选项A、C、D错误。考点：本题考查电路动态平衡问题。7.在图示的电路中，电源的电动势是E，内电阻是r，当滑动变阻器R3的滑动头向左移动时 A. 电阻R1的功率将加大B. 电阻R2的功率将减小C. 电源的功率将加大D. 电源的效率将增加【答案】C【解析】【详解】由电路图可知。R2、R3串联后与R1并联接到电源上，当滑动变阻器R3的滑片P向左移动时，R3阻值变小，总电阻变小，总电流变大，根据P=EI可知，电源的功率增大，故C正确，电源内阻所占电压变大，并联部分电压减小，即R1两端的电压减小，根据P1=U2/R1，可知，电阻R1的功率将减小，故A正确；根据IU/R可知，通过R1的电流减小，而总电流增大，所以通过R2的电流增大，根据P=I2R可知，电阻R2的功率将增大，故B错误；电源的效率，电源内阻r不变，滑动变阻器阻值R减小，则电源效率减小，故D错误。故选C。【点睛】本题是一道动态分析题，分析清楚电路结构是正确解题的关键，熟练应用串联电路特点及欧姆定律即可正确解题8.如图所示，电动势为E、内阻为r的电源与电阻R1、R2、R3、平行板电容器AB及电流表组成电路，滑动变阻器R1处于某位置时，A、B间的带电油滴静止不动，当滑动变阻器R1的触头向右滑动时，下列判断正确的是( )A. 电流表读数增大，油滴向上运动B. 电流表读数增大，油滴向下运动C. 电流表读数减小，油滴向上运动D. 电流表读数减小，油滴向下运动【答案】C【解析】【详解】当把R1的触头向右滑动时，R1增大，外电路总电阻增大，干路电流减小，路端电压增大，则电流表读数减小，电容器两极板间的电压U增大。由分析可知，板间场强增大，油滴所受电场力增大，则油滴向上运动，故C正确，ABD错误。9.如图所示，一根横截面积为S的均匀长直橡胶棒上均匀带有负电荷，每米电荷量为q，当此棒沿轴线方向做速率为v的匀速直线运动时，由于棒运动而形成的等效电流大小为 ()A. vq B. q/v C. qvS D. qv/S【答案】A【解析】在运动方向上假设有一截面，则在t时间内通过截面的电荷量为Qvtq等效电流Ivq，A正确。故选：A。【名师点睛】棒沿轴线方向以速度v做匀速直线运动时，每秒通过的距离为v米，则每秒v米长的橡胶棒上电荷都通过直棒的横截面，由电流的定义式研究等效电流。10.用电场线能很直观很方便地比较电场中各点的电场强弱如图，左边是等量异种点电荷形成电场的电场线，右边是场中的一些点：O是电荷连线的中点，E、F是连线中垂线上相对O对称的两点，B、C和A、D也相对O对称，则下列认识不正确的是A. A、D两点电场强度大小相等，方向相反 B. B、C两点电场强度大小和方向都相同C. E、F两点电场强度大小和方向都相同 D. 从E到F过程中电场强度先增大后减小【答案】A【解析】【详解】根据对称性看出，A、D两处电场线疏密程度相同，则A、D两点场强大小相同。由图看出，A、D两点场强方向相同，故A说法错误；根据对称性看出，B、C两处电场线疏密程度相同，则B、C两点场强大小相同。这两点场强的方向均由BC，方向相同，故B说法正确；由图看出，E、F两点中，电场线疏密程度相同，两点场强方向相同，故C说法正确；由图看出，电场线先变密，再变疏，所以场强先增大后减小，故D说法正确。所以选A。二、多选题（本题共5小题，每小题5分，共25分。每小题所给的四个选项中至少有两个正确，全部选对记5分，少选记2分，错选记0分）11.关于电功和电热，下列说法中正确的是( )A. 电流在电路中所做的功一定大于电热B. 电路中只有电阻时，电功等于电热C. 电流在电路中所做的功一定等于电热D. 在电路中包含有电动机、电解槽时电流做功把电能转化成机械能、化学能、热能；此时电功大于电热【答案】BD【解析】【详解】纯电阻电路，外电路电流做的功等于电热，非纯电阻电路，外电路电流做的功大于电热，故B正确，AC错误；当外电路不是纯电阻时，电流做的功有一部分转化为机械能、化学能，因此，电功大于电热，故D正确。所以BD正确，AC错误。12.如图所示，图线1表示的导体的电阻为，图线2表示的导体的电阻为，则下列说法正确的是()A. B. C. 通过、电流大小相等时，电压之比为1:3D. 、两端电压相等时，流过、电流之比为1:3【答案】AC【解析】根据I-U图象知，图线的斜率表示电阻的倒数，得：，A正确，B错误；当通过、电流大小相等时，由可知，电压与电阻成正比，即电压之比为1:3故C正确；当通过、两端的电压相等时，由可知，电流与电阻成反比，即电流之比为3:1，故D错误；选AC.【点睛】通过I-U图象得出两电阻的关系，将坐标系中的数据代入即可求出两个电阻的电阻值，然后结合串联电路与并联电路的关系分析解答即可13.如图所示，平行板电容器的两极板A、B接在电池两极，一带正电的小球悬挂在电容器内部，闭合S，电容器充电，这时悬线偏离竖直方向的夹角为，下列说法中正确的是()A. 保持S闭合，将A板向B板靠近，则增大B. 保持S闭合，将A板向B板靠近，则不变C. 断开S，将A板向B板靠近，则增大D. 断开S，将A板向B板靠近，则不变【答案】AD【解析】A、若保持S闭合，则电容器两极板之间的电压保持不变，当将A板向B板靠近时，根据可知，场强增大，对球受力分析，如图所示：结合矢量的合成，则有：，因，可知，电场强度增大，则电场力增大，将增大，故A正确，B错误；B、若断开S，电容器带电量保持不变，由和以及可得：，由于Q、S不变，只是d变化，所以电场强度不变，故电场力不变，则不变，故C错误，D正确。点睛：对于电容器的讨论注意电容器的两种状态，同时熟练掌握公式：、之间的推导，尤其是在电容器电量保持不变时，要正确根据这三个公式推导电场强度的表达式，从而正确判断电场强度的变化。14. 如图所示是某电源的路端电压与电流的关系图象，下面结论正确的是（ ）A. 电源的电动势为6.0VB. 电源的内阻为12C. 电源的短路电流为0.5AD. 电流为0.3A时的外电阻是18【答案】AD【解析】试题分析：据图象可知，电源电动势大小为图线与纵坐标的交点，即为6v，A选项正确；电源内阻为，B选项错误；由于纵坐标不是从0开始，则图线与横坐标交点不是短路状态，C选项错误；电流为0.3A时外电压为5.4v，则据,D选项正确。考点：本题考查对外电压与电流关系图象的理解。15.两块电压表V1和V2是由完全相同的电流表改装成的，V2的量程为5V，V1的量程为15V，为了测量1520V的电压，把V1和V2串联起来使用，在这种情况下( )A. V1和V2的读数相等B. V1和V2的指针偏转角相等C. V1和V2的读数之比等于两个电压表内阻之比D. V1和V2的指针偏转角之比等于两个电压表内阻之比【答案】BC【解析】试题分析：两表串联后，通过每个电流表的电流相同，指针偏转角度相同，但两电压表的总内阻不同，则两表的示数不同，其示数之比为两表的内阻之比A 两表的示数与内阻成正比，而两表量程不同，内阻不同，则示数不同故A错误B 因是串联关系，电流大小一样，则指针偏转角度相同，故B正确C因是串联关系，分压之比为内阻之比故C正确D错误故选：BC考点：把电流表改装成电压表点评：考查的是电压表的改装原理，电压表的内部电路为串联关系，相同的电流表电流相同，偏转角度一样，而对应刻度由量程决定三、实验题（15小题4分，16小题11分，共15分）16.用图甲所示的电路，根据测得的数据做出了如图乙所示的U-I图象，由图可知测得的电池的电动势为_V，内电阻为_【答案】 (1). 1.40 (2). 1【解析】【详解】在U-I图象中图象与纵坐标的交点等于电源的电动势，所以由图可以读出电源的电动势为1.40V，图象中的斜率表示电源的内阻，所以电源的内阻为：.17.在学习了串并联的基本规律后，我们可以把一个最大量程为的电流计，分别改装成电压表和更有大量程的电流表（1）若已知该电流计的内阻为，为了改装成最大量程为的电压表，需_联（填“串”或“并”）一个_的电阻 (2)如图所示，虚线框内是用该电流计改装成的多量程电流表，、为改装后新电流的接线柱，为负极接线柱，为大量程接线柱、为小量程接线柱已知为电流计内阻，若、，那么选择、接线柱时，新电流表的量程为_；选择、接线柱时，新电流表的量程为_【答案】 (1). 串联 (2). (3). 200 (4). 800【解析】【详解】（1）改装成电压表需要串联一个分压电阻，串联的电阻为：。 （2）设选择A、C接线柱时，新电流表的量程为I1；选择A、B接线柱时，新电流表的量程为I2，则由串并联电路的特点可知： ；联立解得：I1=200A；I2=800A.【点睛】本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律的应用，明确电路的连接方式和知道电流表的满偏电流不变是关键.四、计算题（共3小题，总分30分。）18.电源的电动势为3 V，内阻为0.2 ，外电路的电阻为1.8 ，求：（1）电路中的电流是多少？（2）10 s内电流内部的非静电力移送多少库仑的电荷？（3）10 s内非静电力做了多少功？【答案】（1）1.5 A（2）15 C（3）45 J【解析】【分析】根据闭合电路欧姆定律可求得电流；根据Q=It即可求出移送的电荷量；根据W非=q求非静电力做功。【详解】（1）由闭合电路欧姆定律：（2）10 s内电流内部的非静电力移送的电荷为：Q=It=1.5 A10 s=15 C（3）根据，可得：W非=q=315 J=45 J【点睛】本题主要考查了闭合电路欧姆定律及电源电动势的定义式，属于基础题。19.一台“6V，15W”的直流电动机的线圈电阻为R=0.5，接在电动势E=6V，内阻r=0.5的电源上工作时，测得