专用备战2019高考物理第三部分加试30分题型强化练四.docx

加试30分题型强化练(四)二、选择题14.加试题 下列关于近代物理的说法正确的是()A粒子的穿透能力比粒子的穿透能力强，故粒子容易使金属发生光电效应B重核裂变为中等质量的核时，要发生质量亏损，放出核能C光是一种概率波，因此光子通过狭缝到达的位置可以由波动规律来描述D半衰期对某个原子核而言，是指在一个半衰期内，其衰变的概率为15.加试题 (2018嘉兴市期末)如图1所示，一列简谐波在x轴上传播，实线和虚线分别表示前后间隔1 s的两个时刻的波形图，则这列简谐波的波速可能是()图1A0.60 m/s B0.75 m/sC1.05 m/s D1.15 m/s16.加试题 如图2所示，图中的变压器为理想变压器，原线圈匝数n1与副线圈匝数n2之比为101，电容器与灯泡并联接在副线圈上，已知发电机线圈面积为 m2，共800匝，发电机线圈的电阻不计，线圈在B T的有界匀强磁场中绕其垂直于磁场的对称轴OO以转速n600 r/min匀速转动(OO为磁场的边界)，在合上开关S后灯泡正常工作，其阻值为100 ，则下列说法正确的是(电流表为理想电表)()图2A电容器的耐压值至少为80 VB电流表的示数为0.8 AC灯泡的额定功率为64 WD若减小发电机线圈的转速，则灯泡的实际功率将减小三、非选择题21.加试题 (1)在“探究单摆周期与摆长的关系”实验中，某同学按如图3所示的实验装置进行实验甲、乙两图是从不同角度对同一实验装置拍摄所得，甲图为摆球静止在平衡位置的情形，乙图为摆球在纸面内振动过程中某一时刻的情形根据图示，请指出该同学实验过程中2个不正确之处：_；_.图3(2)在“验证动量守恒定律”的实验中，如图4所示的气垫导轨上放置着带有遮光板的滑块A、B，测得的质量分别为m1和m2，遮光板的宽度相同实验中，用细线将两个滑块拉近使弹簧压缩，然后烧断细线，弹簧恢复原长，两个滑块弹开，测得它们通过光电门的速度分别为v1、v2，用测量的物理量表示动量守恒应满足的关系式_；本实验选用气垫导轨的根本目的是_.图422.加试题 两足够长且不计电阻的光滑金属轨道，如图5甲所示放置，间距为d1 m，在左端弧形轨道部分高h1.25 m处放置一金属杆a，弧形轨道末端与平直轨道相切，在平直轨道右端放置另一金属杆b，杆a、b电阻Ra2 、Rb5 ，在平直轨道区域有竖直向上的匀强磁场，磁感应强度B2 T现杆b以初速度v05 m/s开始向左滑动，同时由静止释放杆a，杆a由静止滑到水平轨道的过程中，通过杆b的平均电流为0.3 A；从a下滑到水平轨道时开始计时，a、b杆运动的速度时间图象如图乙所示(以a运动方向为正)，其中ma2 kg，mb1 kg，g10 m/s2，a、b杆与轨道始终接触良好且垂直于轨道，求：图5(1)杆a在弧形轨道上运动的时间；(2)杆a在水平轨道上运动过程中通过其横截面的电荷量；(3)在整个运动过程中杆b产生的焦耳热23.加试题 如图6所示，在两个水平平行金属极板间存在着竖直向下的匀强电场和垂直于纸面向里的匀强磁场，电场强度和磁感应强度的大小分别为E2106 N/C和B10.1 T，极板的长度l m，间距足够大在板的右侧还存在着另一圆形区域的匀强磁场，磁场的方向为垂直于纸面向外，圆形区域的圆心O位于平行金属极板的中线上，圆形区域的半径R m有一带正电的粒子以某速度沿极板的中线水平向右飞入极板后恰好做匀速直线运动，然后进入圆形磁场区域，飞出圆形磁场区域后速度方向偏转了60，不计粒子的重力，粒子的比荷2108 C/kg.图6(1)求粒子沿极板的中线飞入的初速度大小v0；(2)求圆形区域磁场的磁感应强度B2的大小；(3)在其他条件都不变的情况下，将极板间的磁场B1撤去，为使粒子飞出极板后不能进入圆形区域的磁场，求圆形区域的圆心O离极板右边缘的水平距离d应满足的条件答案精析14BCD粒子的穿透能力比粒子的穿透能力弱，故A错误；核裂变释放的能量来源于裂变过程中的质量亏损，故B正确；根据对光的波动性的解释可知，光波是一种概率波，光的波粒二象性中的“波”，是指光子在空间各点出现的可能机会(概率)，可用波动规律来描述，故C正确；放射性元素的半衰期对某个原子核而言，是指在一个半衰期内，其衰变的概率为，即：对于一个特定的可发生衰变的原子，我们只知道它发生衰变的概率，并不知道它将何时发生衰变，故D正确15BC16ACD转速n600 r/min10 r/s，线圈转动的角速度2n20 rad/s，线圈匀速转动产生的感应电动势的最大值EmNBS80020 V800 V，原线圈两端电压的有效值U1 V800 V，根据原、副线圈两端电压与匝数成正比，得U280 V，电容器的最小耐压值为副线圈两端电压的最大值80 V，故A正确；电流表的示数为有效值，I A0.8 A，故B错误；灯泡的额定功率P W64 W，故C正确；减小发电机线圈的转速，线圈转动产生的感应电动势变小，变压器原线圈输入电压减小，输出电压减小，根据P，灯泡的实际功率减小，故D正确21(1)悬点未固定摆角过大摆球体积过大(写出2点即可)(2)m1v1m2v20使物体不受摩擦力作用，系统所受合外力为零解析(2)由动量守恒定律可知，需要满足的关系式为：m1v1m2v20，用气垫导轨做实验，滑块在气流的作用下悬浮在轨道上，可以认为滑块不受摩擦力，使系统所受合外力为零，满足动量守恒的条件22(1)5 s(2) C(3) J解析(1)对b杆运用动量定理，有：Bdtmb(v0vb0)，其中vb02 m/s，代入数据解得：t5 s(2)对杆a下滑的过程中，由机械能守恒定律得：maghmav，解得va5 m/s设最后两杆共同的速度为v，由动量守恒定律得mavambvb0(mamb)v代入数据得v m/s杆a动量变化量的大小等于它所受安培力的冲量大小，由动量定理可得I安BIdtmavamav，而qIt联立并代入数据得q C(3)由能量守恒得，a、b杆组成的系统产生的焦耳热为Qmaghmbv(mbma)v2 Jb杆产生的焦耳热为Q Q J.23(1) 2107 m/s (2) 0.1 T(3) d m解析(1)粒子在极板间做匀速直线运动，则：qv0B1qE，代入数据解得：v02107 m/s(2)设粒子在圆形区域磁场中做圆周运动的半径为r，则qv0B2m，粒子速度方向偏转了60，则r， 代入数据解得：B20.1 T(3)撤去磁场B1后，粒子在极板间做类平抛运动，设在板间运动时