陕西省榆林市2019届高三物理第二次模拟考试试题（含解析）.docx

陕西省榆林市2019届高三物理第二次模拟考试试题（含解析）二、选择题：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第1418题只有一项符合题目要求，第1921题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不答的得0分。1.下列说法正确的是A. 汤姆孙证实了射线是高速电子流，其电离作用比射线强，穿透能力比射线弱B. 爱因斯坦发现了光电效应，某材料发生光电效应时，遏止电压与入射光的频率成正比C. 玻尔的原子理论第一次将量子观念引入原子领域，提出了定态和跃迁的概念，该理论能解释大多数原子光谱的实验规律D. 卢瑟福用粒子轰击氮核，发现了质子，该反应的方程式为He+NH+O【答案】D【解析】【详解】汤姆孙证实了射线是高速电子流，其电离作用比射线弱，穿透能力比射线强，选项A错误；根据光电效应方程Ekm=eUc=h-W0可知，遏止电压与入射光的频率与逸出功有关，与入射光的频率成线性关系，不是成正比，故B错误；玻尔的原子理论第一次将量子观念引入原子领域，提出了定态和跃迁的概念，但是该理论只能解释氢原子光谱的实验规律，选项C错误； 卢瑟福用粒子轰击氮核，发现了质子，该反应的方程式为，选项D正确；故选D.2.如图所示，线圈abcd固定于分布均匀的磁场中，磁场方向垂直线圈平面。当磁场的磁感应强度B随时间t变化时，ab边受到的安培力恒定不变。则下列磁感应强度B随时间t变化的图象中可能正确的是A. B. C. D. 【答案】C【解析】【分析】当磁感应强度发生变化时，线框内产生感应电流，由法拉第电磁感应定律即可表达出感应电动势，再由欧姆定律和安培力的表达式即可求出B的变化。【详解】设线圈的ab边长为L，ad长为l，当磁感应强度发生变化时，线框内产生感应电动势为：；感应电流为： ；安培力为：F=BIL，得： 由公式可知，若磁场B增大，则减小；若B减小，则增大。所以四个图象中只有C正确。故选C。3.某同学将一足球竖直砸向水平地面，足球以5m/s的速度被地面反向弹回，当足球上升到最高点后落回地面，以后足球每次与地面碰撞被弹回时速度均为碰撞前速度的。不计足球与地面碰撞的时间和空气阻力，取g=10m/s2，则足球从第一次被弹回到最后停止运动的总时间为A. 8s B. 4 s C. 2 s D. 1.5s【答案】B【解析】【详解】足球第一次被弹回的速度 v1=5m/s，第一次在空中竖直上抛运动的总时间；足球第二次被弹回的速度 v2=v1，第二次在空中竖直上抛运动的总时间 ；足球第三次被弹回的速度 v3=v2=（）2v1，第三次在空中竖直上抛运动的总时间 则足球从第一次被弹回到最后停运动的总时间为 t=t1+t2+=4s，故选B。【点睛】本题是物理中数列问题，关键要找出小球在空中运动时间的规律，运用等比数列求和的方法求解总时间。4.已知通电长直导线产生的磁场中某点的磁感应强度满足B=k (其中k为比例系数，为电流强度，为该点到直导线的距离)。如图所示，空间某一区域存在竖直向上、大小为B的匀强磁场，垂直纸面相互平行的两根固定直导线a、b置于磁场中，它们的连线水平且O为中点，当导线a中的电流为I1、导线b中的电流为I2时，O点的实际磁感应强度为，方向竖直向下。下列判断可能正确的是 A. I1=I2，方向均向里B. I1=I2，方向均向外C. I1=2I2，且a中电流向里，b中电流向外D. I1=2I2，且a中电流向外，b中电流向里【答案】C【解析】【详解】当I1=I2，方向均向里，根据安培定则，可知，两通电导线a、b在O点的合磁场为零，因此O点的实际磁感应强度为B方向竖直向上，故A错误；同理，I1=I2，方向均向外，根据安培定则，可知两通电导线a、b在O点的合磁场为零，因此O点的实际磁感应强度为B方向竖直向上，故B错误；当I1=2I2，且a中电流向里，b中电流向外，根据安培定则，可知，两通电导线a、b在O点的合磁场方向向下，那么在O点的实际磁感应强度可能为B/2方向竖直向下，故C正确；当I1=2I2，且a中电流向外，b中电流向里，根据安培定则，可知，两通电导线a、b在O点的合磁场方向向上，那么在O点的实际磁感应强度不可能为B/2故D错误；故选C。5.某静电场的方向平行于x轴，其电势随x的分布如图所示。一质量m=41010kg电荷量q=2109C的带负电粒子(不计重力)(1m，0)点由静止开始，仅在电场力作用下在x轴上往返运动。则该粒子运动的周期为A. s B. 0.6s C. 0.1 D. s【答案】B【解析】【分析】根据图象可明确左右两边电势的降落与距离间的关系，根据E=U/d即可求得各自的电场强度；粒子在原点两侧来回振动，故周期为粒子在两侧运动的时间之和；根据速度公式v=at即可求出各自的时间，则可求得周期【详解】粒子先沿x轴正方向做匀加速匀速，后做匀减速直线运动，然后反向运动；由；由，解得粒子沿x轴正方向运动的时间为；同理可得粒子沿x轴正方向做匀减速运动的时间为t2=0.1s；且粒子到达x=0.5m处的速度恰好为零，反向运动的时间为t1+t2=0.3s ；则粒子运动的周期为T=2(t1+t2)=0.6s ；故选B.【点睛】本题考查带电粒子在电场中的运动分析，要注意明确运动过程，并能根据牛顿第二定律以及动能定理等物理规律进行分析，并灵活应用数学规律求解6.如图所示，某滑雪运动员(可视为质点)由坡道进入竖直面内的圆弧形滑道AB，从滑道的A点滑行到最低点B的过程中，由于摩擦力的存在，运动员的速率不变，则运动员沿AB下滑过程中A. 所受合力保持不变 B. 所受滑道的支持力逐渐增大C. 机械能保持不变 D. 克服摩擦力做功和重力做功相等【答案】BD【解析】【详解】运动员的速率不变，则做匀速圆周运动的向心加速度大小不变，方向变化，需要的向心力大小不变，方向变化，即受合外力大小不变，方向变化。故A错误。所受滑道的支持力为N-mgcos= ，（角是所在位置的切线与水平面的夹角），随着减小，则所受滑道的支持力逐渐增大，选项B正确；下滑过程中动能不变，重力势能减小，则机械能减小，选项C错误；根据动能定理：，即克服摩擦力做功和重力做功相等，选项D正确；故选BD.7.如图甲所示静止在水平地面上的滑块在水平拉力F作用下从t=0时刻起，其加速度大小a随时间t的变化规律如图乙所示。已知滑块质量m=1kg，与地面间的动摩擦因数=0.2，g=10m/s2。则下列判断正确的是A. t=2s时，滑块的速度大小为3.2m/sB. t=5s时，水平拉力F为零C. 05s内，水平拉力F的冲量为15NsD. 05s内，水平拉力F所做的功为12.5J【答案】AC【解析】【分析】a-t图像与时间轴围成的面积等于滑块在某时刻的速度大小，由此求解t=2s时滑块的速度；根据动量定理求解水平拉力F的冲量；根据动能定理判断水平拉力F所做的功；【详解】a-t图像与时间轴围成的面积等于滑块在某时刻的速度大小，由图像可知，当t=2s时，a=1.2m/s2，选项A正确；t=5s时，水平力F与摩擦力大小相等，摩擦力大小f=mg=2N，选项B错误；5s时滑块的速度大小为；0-5s内水平拉力F的冲量为 ，解得IF=15Ns，选项C正确；由动能定理可知合力做的功，所以水平拉力F的功大于12.5J，选项D错误；故选AC.【点睛】此题关键是要搞清a-t图像的物理意义，知道a-t图像的面积表示速度；能灵活运用动量定理和动能定理解题.8.2018年11月1日，我国第41颗北斗导航卫星“吉星”成功发射，该卫星工作在地球静止同步轨道上，可以对地面上的物体实现厘米级的定位服务。已知地球表面的重力加速度为g，半径为R，该卫星绕地球做圆周运动的周期为T。则下列说法正确的是A. 该卫星的发射速度大于第一宇宙速度，运行速度小于第一宇宙速度B. 该卫星做圆周运动的轨道半径为C. 该卫星运行的加速度大小为D. 该卫星运行的线速度大小为【答案】AD【解析】【分析】第一宇宙速度是卫星的最小发射速度，也是卫星最大的环绕速度在地球表面上，物体的重力等于万有引力，卫星绕地球圆周运动万有引力提供圆周运动向心力，由此列式求解【详解】A. 第一宇宙速度是卫星的最小发射速度，也是卫星最大的环绕速度。发射地球同步卫星，发射速度一定大于第一宇宙速度，运行速度小于第一宇宙速度，故A正确；B.用M表示地球的质量，在地球表面为m0的物体，有，m表示卫星的质量，r表示卫星的轨道半径，由万有引力定律和牛顿第二定律得，联立解得，故B错误；C. 由万有引力定律和牛顿第二定律得，代入B选项结论，故C错误；D. 由万有引力定律和牛顿第二定律得，代入B选项结论，v=，故D正确。故选：AD三、非选择题：包括必考题和选考题两部分。第22题32题为必考题，每个试题考生都必须作答。第33题38题为选考题，考生根据要求作答。9.某实验小组做“探究加速度和力、质量的关系”实验（1）用如图甲所示的装置做实验，图中带滑轮的粗糙长木板放置于水平桌面上，拉力传感器可直接显示所受拉力的大小。做实验时，下列操作必要且正确的是_。A将长木板右端适当垫高，使小车前端的滑轮不挂砂桶时小车能匀速滑动B为了减小误差，实验中要保证砂和砂桶的总质量远小于小车的质量C小车远离打点计时器，先释放小车，再接通电源，打出一条纸带，同时记录传感器的示数（2）在正确、规范的操作中，打出一条如图乙所示的纸带，每相邻两个计数点之间还有四个计时点没有画出，纸带上的数字为相邻两个计数点间的距离，打点计时器使用的电源频率为50Hz，打计数点“3”时小车的速度大小_ms；小车做匀加速直线运动的加速度大小a_ms2。（保留三位有效数字）【答案】 (1). A; (2). 1.13; (3). 2.50;【解析】【详解】（1）连接拉力传感器和沙桶之前，将长木板右端适当垫高，使小车能自由匀速滑动，平衡了摩擦力，故A正确；实验中拉力通过拉力传感器测出，不需要满足砂和砂桶的质量远小于小车的质量，故B错误；实验时应先接通电源，再释放小车，小车应紧靠打点计时器，打出一条纸带，同时记录传感器的示数，故C错误。所以选A。（2）已知打点计时器电源频率为50Hz，则纸带上相邻计数点间的时间间隔为：T=50.02s=0.1s。3点对应的速度为：，由逐差法x=aT2可得：，代入数据解得小车的加速度大小为：。10.指针式多用电表是实验室中常用的测量仪器。(1)图甲为某同学设计的多用电表的原理示意图。虚线框中S为一个单刀多掷开关，通过操作开关，接线柱B可以分别与触点1、2、3接通，从而实现使用多用电表测量不同物理量的不同功能。关于此多用电表，下列说法正确的是_。A.当S接触点1时，多用电表处于测量电流的挡位B.当S接触点2时，多用电表处于测量电压的挡位C.当S接触点2时，多用电表处于测量电阻的挡位D.当S接触点3时，多用电表处于测量电压的挡位(2)用实验室的多用电表进行某次测量时，指针在表盘的位置如图乙所示。A.若所选挡位为直流10mA挡，则示数为_mA。B若所选挡位为直流50V挡，则示数为_V。(3)用表盘为图乙所示的多用电表正确测量了一个约15的电阻后，需要继续测量一个阻值约2k的电阻。在用红、黑表笔接触这个电阻两端之前，请选择以下必须的步骤，并按操作顺序写出步骤的序号_。A.调节欧姆调零旋钮使表针指向欧姆零点 B把选择开关旋转到“100”位置C.把选择开关旋转到“1k”位置 D.将红表笔和黑表笔接触(4)某小组同学们发现多用电表欧姆挡的表盘刻度线不均匀，分析在同一个挡位下通过待测电阻的电流I和它的阻值Rx关系，他们分别画出了如图丙所示的几种图象，其中可能正确的是_【答案】 (1). ACD (2). 4.80 (3). BDA (4). 24.0 (5). A【解析】【分析】(1)灵敏电流计G与分流电阻并联可以改装成电流表，与分压电阻串联可以改装成电压表，与滑动变阻器、电源一起可以改装成欧姆表，分析图示电路图答题；(2)根据电流表量程确定其分度值，然后根据指针位置读出其示数；欧姆表指针示数与挡位的乘积是欧姆表示数；(3)用欧姆表测电阻要选择合适挡位使指针指在中央刻度线附近，欧姆表换挡后要进行欧姆调零；(4)根据闭合电路欧姆定律求出I-Rx以及的表达式，进而选择图象即可。【详解】(1) 由图示电路图可知，当开关置于2位置时多用电表是欧姆表，A与内置电源负极相连，A为红表笔，B与内置电源正极相连，B为黑表笔；A项：由图示电路图可知，当S接触点1时，表头与分流电阻并联，此时多用电表处于测量电流的挡位，故A正确；B、C项：由图示电路图可知，当S接触点2时，表头与电源相连，此时多用电表处于测量电阻的挡位，故B错误，C正确；D项：由图示电路图可知，当S接触点3时，表头与分压电阻串联，此时多用电表处于测量电压的挡位，故D正确。故应选：ACD；(2) A、若所选挡位为直流50mA挡，由图乙所示可知，示数为4.80mA；B、若所选挡位为直流50V挡，则示数为24.0V；(3) 用多用电表正确测量了一个约15的电阻后，要继续测量一个阻值约2k的电阻，首先要把选择开关置于100挡位位置，然后进行欧姆调零，把红黑表笔短接，调节欧姆调零旋钮使指针指针欧姆零刻度线位置，最后再测电阻，故合理的步骤是：BDA；(4) 设欧姆表内电池电动势为E，内阻为r，电流表内阻与调零电阻的和为Rg，则有：，则I-Rx图象是双曲线的一条，随着Rx的增大，I减小，上式的倒数 ，可知 是线性函数，Rx=0时， 且有最小值， 随着Rx的增大而增大。故应选：A。【点睛】本题考查了多用电表结构、多用电表读数与欧姆表的使用方法，知道电流表。电压表与欧姆表的改装原理是解题的前提，分析清楚图示电路结构、掌握基础知识即可解题，平时要注意基础知识的学习与积累。11.距水平地面高5 m的平台边缘放有一质量为1 kg的木块，一质量为20 g的子弹水平射入木块，并留在木块内，木块在子弹的冲击下掉落到水平地面上，测得木块落地位置到平台边缘的水平距离为3 m。不计空气阻力，重力加速度g10 m/s2。求：（1）子弹射入木块前瞬间的速度大小；（2）子弹射入木块的过程中所产生的内能。【答案】（1）153 m/s （2）229.5 J【解析】【分析】（1）子弹射入木块过程，子弹和木块组成的系统动量守恒；子弹射入木块后与木块一起做平抛运动。据此列方程求解即可；（2）由能量守恒可知，系统减小的动能转化成内能。据此列方程即可求解。【详解】（1）子弹射入木块后与木块一起做平抛运动，有vtx解得：v3 m/s子弹射入木块过程，子弹和木块组成的系统动量守恒，有mv0(m+M)v解得：v0153 m/s。（2）由能量守恒可知解得：Q229.5 J。12.如图所示，两条竖直长虚线所夹的区域被线段MN分为上、下两部分，上部分的电场方向竖直向上，下部分的电场方向竖直向下，两电场均为匀强电场且电场强度大小相同。挡板PQ垂直MN放置，挡板的中点置于N点。在挡板的右侧区域存在垂直纸面向外的匀强磁场。在左侧虚线上紧靠M的上方取点A，一比荷=5105C/kg的带正电粒子，从A点以v0=2103m/s的速度沿平行MN方向射入电场，该粒子恰好从P点离开电场，经过磁场的作用后恰好从Q点回到电场。已知MN、PQ的长度均为L=0.5m，不考虑重力对带电粒子的影响，不考虑相对论效应。(1)求电场强度E的大小；(2)求磁感应强度B的大小；(3)在左侧虚线上M点的下方取一点C，且CM=0.5m，带负电的粒子从C点沿平行MN方向射入电场，该带负电粒子与上述带正电粒子除电性相反外其他都相同。若两带电粒子经过磁场后同时分别运动到Q点和P点，求两带电粒子在A、C两点射入电场的时间差。【答案】(1) (2) (3) 【解析】【详解】（1）带正电的粒子在电场中做类平抛运动，有：L=v0t 解得E=16N/C（2）设带正电的粒子从P点射出电场时与虚线的夹角为，则： 可得=450粒子射入磁场时的速度大小为v=v0粒子在磁场中做匀速圆周运动： 由几何关系可知 解得B=1.610-2T （3）两带电粒子在电场中都做类平抛运动，运动时间相同；两带电粒子在磁场中都做匀速圆周运动，带正电的粒子转过的圆心角为，带负电的粒子转过的圆心角为；两带电粒子在AC两点进入电场的时间差就是两粒子在磁场中的时间差；若带电粒子能在匀强磁场中做完整的圆周运动，则其运动一周的时间；带正电的粒子在磁场中运动的时间为：；带负电的粒子在磁场中运动的时间为： 带电粒子在AC两点射入电场的时间差为13.下列说法中正确的是_（填正确答案标号选对1个得2分，选对2个得4分选对3个得5分每选错1个扣3分，最低得分为0分）A所有的晶体都有固定的熔点和规则的几何形状B液体表面张力与浸润现象都是分子力作用的表现C干湿泡温度计的示数差越大，表示空气中水蒸气离饱和状态越远D悬浮在水中花粉颗粒的布朗运动反映了花粉分子做无规则的热运动E在绝热过程中，一个热力学系统的内能增量等于外界对它所做的功【答案】BCE【解析】晶体分为单晶体和多晶体，晶体具有确定的熔点，而非晶体没有确定的熔点；但多晶体没有规则的几何形状，A错误；液体表面张力与浸润现象都是分子力作用的表现，B正确；根据湿度计的原理可知，干湿泡温度计的示数差越大，表示空气中水蒸气离饱和状态越远，C正确；悬浮在水中花粉颗粒的布朗运动反映了水分子做无规则的热运动，不能反映花粉分子的无规则运动，D错误；在绝热过程中，一个热力学系统的内能增量等于外界对它所做的功，E正确14.如图所示，水平地面上放有高为H、上端开口的气