2020年1月浙江省普通高校招生选考物理试卷

2020年1月浙江省普通高校招生选考物理试卷

一、单选题（本大题共13小题，共52.0分）

1.以下物理量为矢量，且单位是国际单位制基本单位的是（）

A.电流、AB.位移、mC.功、JD.磁感应强度、T

2.如图所示，一对父子掰手腕，父亲让儿子获胜。若父亲对儿子的力记为Fi，儿子对父亲的

力记为尸2,则（）

A.&>F2B.&和尸2大小相等C.6先于尸2产生D.&后于尸2产生

3.如图所示，新中国成立70周年阅兵仪式上，国产武装直升机排列并保持“70”字样编队

从天安门上空整齐飞过。甲、乙分别是编队中的两架直升机，贝1（）

A.以甲为参考系，乙是运动的

B.以乙为参考系，甲是运动的

C.以甲为参考系，坐在观众席上的观众都是静止的

D.以乙为参考系，“70”字样编队中所有直升机都是静止的

4.下列说法正确的是（）

A.a射线的穿透能力比y射线强

B.天然放射现象说明原子具有复杂的结构

C.核聚变中平均每个核子放出的能量比裂变中平均每个核子的小

D.半衰期跟放射性元素以单质或化合物形式存在无关

5.如图所示，钢球从斜槽轨道末端以%的水平速度飞出，经、

过时间t落在斜靠的挡板AB中点。若钢球以2%的速度水平飞出，

则（）

A.下落时间仍为t

B.卜洛时间为2t〃zW〃〃/〃〃/

C.下落时间为

D.落在挡板底端8点

6.小明在一根细橡胶管中灌满食盐水，两端用粗铜丝塞住管口，形成一段封闭的盐水柱。

他将此盐水柱接到电源两端，电源电动势和内阻恒定。握住盐水柱两端将它水平均匀拉伸到

原长的1.2倍，若忽略温度对电阻率的影响，则此盐水柱（）

A.通过的电流增大B.两端的电压增大

C.限值增大为原来的1.2倍D.电功率增大为原来的1.44倍

7.如图所示，电子以某一初速度沿两块平行板的中线方向射人偏转电场中，已知极板长度

I,间距d,电子质量m,电荷量e。若电子恰好从极板边缘射出电场，由以上条件可以求出的

是（）

+++++

T

d㊀----►..................

A.偏转电压B.偏转的角度C.射出电场速度D.电场中运动的时间

8.如图所示，单刀双掷开关S先打到a端让电容器充满电。

t=0时开关S打到b端，t=0.02s时LC回路中电容器下极板

带正电荷且电荷量第一次达到最大值。则（）

A.LC回路的周期为0.02s

B.LC回路的电流最大时电容器中电场能最大

C.t=1.01s时线圈中磁场能最大

D.£=1.01s时回路中电流沿顺时针方向

9.如图所示，卫星a、6c沿圆形轨道绕地球运行。a是极地轨道卫星，在地球两极上空约

1000/an处运行；b是低轨道卫星，距地球表面高度与a相等；c是地球同步卫星，则（）

A.a、b的周期比c大B.a、b的向心力一定相等

C.a、b的速度大小相等D.a、b的向心加速度比c小

10.如图所示，甲乙两图中的理想变压器以不同的方式接在高压电路中。甲图中变压器原副

线圈的匝数比为自，电压表读数为U,乙图中变压器原副线圈的匝数比为七，电流表读数为

则甲图中高压线电压和乙图中高压线电流分别为（）

A.k^U,k2IB.k]U,tC.k2ID.看,专

11.如图所示，在光滑绝缘水平面上，两条固定的相互垂直彼此绝

缘的导线通以大小相同的电流/。在角平分线上，对称放置四个相同□1

的正方形金属框。当电流在相同时间间隔内增加相同量，贝1（）

A.1、3线图静止不动，2、4线圈沿着对角线向内运动

3口口

B.1、3线图静止不动，2、4线圈沿着对角线向外运动

C.2、4线图静止不动，1、3线圈沿着对角线向内运动

D.2、4线圈静止不动，1、3线圈沿着对角线向外运动

12.如图所示，一束光与某材料表面成45。角入射，每次反射的光能量为入射光能量的k倍（0<

k<l）o若这束光最终进入材料的能量为入射光能量的（1-必）倍，则该材料折射率至少为

)

45%

B.y[2C.1.5

13.如图所示，在倾角为a的光滑绝缘斜面上固定一个挡板，在挡板上连接一根劲度系数为M

的绝缘轻质弹簧，弹簧另一端与4球连接。4、B、C三小球的质量均为M,q4=q0>0,qB=-q0,

当系统处于静止状态时，三小球等间距排列。已知静电力常量为k,则（）

A4B.弹簧伸长量为粤吧

A.qc=7^0

C.A球受到的库仓力大小为2MgD.相邻两小球间距为q°J荒

二、多选题（本大题共3小题，共12.0分）

14.由玻尔原子模型求得氢原子能级如图所示，已知可见光n我左丫

的光子能量在1.62e陶3.11eU之间，贝1（）3~二愣

A.氢原子从高能级向低能级跃迁时可能辐射出y射线2----------------------------3.40

B.氢原子从n=3的能级向n=2的能级跃迁时会辐射出红

外线1----------------------------13.60

C.处于n=3能级的氢原子可以吸收任意频率的紫外线并发生电离

D.大量氢原子从几=4能级向低能级跃迁时可辐射出2种频率的可见光

15.如图所示，波长为心和儿的两种单色光射入三棱镜，经折射后射出两束单色光a和b,则

这两束光（）

a

A.照射同一种金属均有光电子逸出，光电子最大初动能EKa>EKb

B.射向同一双缝干涉装置，其干涉条纹间距△%>△⑵

C.在水中的传播速度％<vb

D.光子动量Pa<Vb

16.如图所示，波源。垂直于纸面做简谐运动，所激发的横波在均匀介质中向四周传播，图中

虚线表示两个波面。t=0时，离。点57n的4点开始振动；t=1s时，离。点10m的B点也开始

振动，此时2点第五次回到平衡位置，贝U()

A.波的周期为0.4s

B.波的波长为27n

C.波速为5V5?n/s

D.t=1s时AB连线上有4个点处于最大位移

三、简答题(本大题共6小题，共48.0分)

17.在“探究加速度与力、质量的关系”和用橡皮筋“探究做功与物体速度变化的关系”实验

中

4都需要分析打点计时器打下的第一个点

B.都不需要分析打点计时器打下的第一个点

C一条纸带都只能获得一组数据

D一条纸带都能获得多组数据

(2)如图是两条纸带的一部分，力、B、C、…、G是纸带上标出的计数点，每两个相邻的计数

点之间还有4个打出的点未画出。其中图________(填“甲”或“乙”)所示的是用橡皮筋“探

究做功与物体速度变化的关系”的实验纸带。“探究加速度与力、质量的关系”实验中，小

车的加速度大小a=m/s2(保留2位有效数字)。

(3)在用橡皮筋“探究做功与物体速度变化的关系”实验中，平衡阻力后，小车与橡皮筋组成

的系统在橡皮筋恢复形变前机械能(填“守恒”或“不守恒”)。

18.(1)小明同学用多用电表测量一未知电阻器的阻值。经过规范操作后，所选欧姆挡倍率及

指针位置分别如图甲、乙所示，则此电阻器的阻值为_______0。

⑵在“测绘小灯泡的伏安特性曲线”实验中:

J/A

0.30

图丙图丁

①如图丙所示，已经连接了一部分电路,请在答题纸上对应位置将电路连接完整。

②合上开关后，测出9组八U值，在/-U坐标系中描出各对应点，如图丁所示。请在答题纸

对应位置的图中画出此小灯泡的伏安特性曲线。

③与图丁中P点对应的状态，小灯泡灯丝阻值最接近O

A16.70B.12.4CC.6.2。

19.一个无风晴朗的冬日，小明乘坐游戏滑雪车从静止开始沿斜直雪道下滑，滑行547n后进

入水平雪道，继续滑行40.5m后减速到零。已知小明和滑雪车的总质量为60kg,整个滑行过

程用时10.5s,斜直雪道倾角为37°(sin37°=0.6)«求小明和滑雪车(g=ION/kg)。

(1)滑行过程中的最大速度%»的大小；

(2)在斜直雪道上滑行的时间匕；

(3)在斜直雪道上受到的平均阻力号的大小。

20.如图所示，一弹射游戏装置由安装在水平台面上的固定弹射器、竖直圆轨道(在最低点E分

别与水平轨道EO和EA相连)、高度八可调的斜轨道AB组成。游戏时滑块从。点弹出，经过圆轨

道并滑上斜轨道。全程不脱离轨道且恰好停在B端则视为游戏成功。已知圆轨道半径r=0.1m,

OE长A1=0.2m,AC长A?=0.4m,圆轨道和AE光滑，滑块与AB、0E之间的动摩擦因数〃=0.5.

滑块质量m=2g且可视为质点，弹射时从静止释放且弹簧的弹性势能完全转化为滑块动能。

忽略空气阻力，各部分平滑连接。求

(1)滑块恰好能过圆轨道最高点F时的速度大小

(2)当九=0.1m且游戏成功时，滑块经过E点对圆轨道的压力风大小及弹簧的弹性势能Epo；

(3)要使游戏成功，弹簧的弹性势能Ep与高度九之间满足的关系。

21.如图甲所示，在xOy水平面内，固定放置着间距为，的两平行金属直导轨，其间连接有阻值

为R的电阻，电阻两端连接示波器(内阻可视为无穷大)，可动态显示电阻R两端的电压。两导

轨间存在大小为8、方向垂直导轨平面的匀强磁场。£=0时一质量为小、长为，的导体棒在外

力F作用下从x=-X。位置开始做简谐运动，观察到示波器显示的电压随时间变化的波形是如

图乙所示的正弦曲线。取&=野.则简谐运动的平衡位置在坐标原点0.不计摩擦阻力和其它

电阻，导体棒始终垂直导轨运动。(提示：可以用尸-无图象下的“面积”代表力F所做的功)

(1)求导体棒所受到的安培力仅随时间t的变化规律；

⑵求在0至0.257时间内外力F的冲量：

(3)若t=0时外力先=IN,/=Im,T=2ns,m=1kg,R=10,Um=0.5V,B=0.57,

求外力与安培力大小相等时棒的位置坐标和速度。

22.通过测量质子在磁场中的运动轨迹和打到探测板上的计数率(即打到探测板上质子数与衰

变产生总质子数N的比值)，可研究中子［n)的0衰变。中子衰变后转化成质子和电子，同时

放出质量可视为零的反中微子及。如图所示，位于P点的静止中子经衰变可形成一个质子源，

该质子源在纸面内各向均匀地发射N个质子。在P点下方放置有长度L=1.26以。为中点的探

测板，P点离探测板的垂直距离0P为或在探测板的上方存在方向垂直纸面向里，磁感应强度

大小为B的匀强磁场。已知电子质量nie=9.1xl()-3ikg=OSlMeV/c2,中子质量小n=

939.57MW/c2,质子质量啊=938.27MeV/c2(c为光速，不考虑粒子之间的相互作用)。若

质子的动量p=4.8x10-21kg•m,s-1=3x10-8MeV•s-7n-1)

XXXXXX

XXXPXXX

a

XXX1XXX

探测板°

(1)写出中子衰变的核反应式，求电子和反中微子的总动能(以MeV为能量单位)：

(2)当a=0.15m,B=0.17'时，求计数率；

(3)若a取不同的值，可通过调节B的大小获得与(2)问中同样的计数率，求B与a的关系并给出

B的取值范围。

答案和解析

1.【答案】B

【解析】

【分析】标量是只有大小，没有方向的物理量。矢量是既有大小又有方向的物理量，运算时遵守

平行四边定则。国际单位制规定了七个基本物理量。分别为长度、质量、时间、热力学温度、电

流、光照强度、物质的量。它们的在国际单位制中的单位称为基本单位，而物理量之间的关系式

推导出来的物理量的单位叫做导出单位。

【解答】

4、电流虽有方向，但电流运算时不遵守矢量的运算法则：平行四边形定则，所以电流是标量，

故4错误；

B、位移是矢量，其单位m是国际单位制基本单位，故B正确；

C、功只有大小，没有方向，是标量，故C错误。

D、磁感应强度是矢量，其单位7是导出单位，故。错误。

2.【答案】B

【解析】

【分析】

由牛顿第三定律可知，作用力与反作用力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，作用在两

个物体上，力的性质相同，它们同时产生，同时变化，同时消失。

【解答】

父亲与儿子掰手腕，他们之间的相互作用是一对作用力与反作用力，总是大小相等，方向相反，

同时产生，同时消失。故B正确，ACD错误。

3.【答案】D

【解析】

【分析】

参考系，是指研究物体运动时所选定的参照物体或彼此不作相对运动的物体系；参考系的选取是

任意的，如何选择参照系，必须从具体情况来考虑，一般情况下我们以地面或地面上的物体作为

参考系。

【解答】

4、甲、乙分别是编队中的两架直升机，相对静止，以甲为参考系，乙是静止的，故a错误：

B、以乙为参考系，甲是静止的，故B错误；

C、以甲为参考系，坐在观众席上的观众都是运动的，故c错误；

0、以乙为参考系，“70”字样编队中所有直升机都是静止的，故D正确；

4.【答案】D

【解析】

【分析】

y射线的穿透本领比0射线的强，天然放射现象说明原子核具有复杂的结构，半衰期仅有原子核本

身决定，与外界因素无关。

【解答】

4、根据三种射线的特点可知，y射线的穿透本领比a射线的强，故4错误；

B、天然放射现象说明原子核具有复杂的结构，故B错误；

C、核聚变中平均每个核子放出的能量比裂变中平均每个核子的大，故C错误：

。、半衰期仅有原子核本身决定，与原子所处的物理、化学状态无关，故。正确；

5.【答案】C

【解析】

【分析】

钢球做平抛运动，可能落到斜挡板上，也可能落到地面上。

通过假设确定钢球落点，求解下落时间。

【解答】

钢球做平抛运动，落到斜挡板上时，斜挡板的倾角表示位移与水平方向的夹角，tanO=^E=史

2v0

解得下落时间为：t=殁曳，

假设初速度为2%时，钢球仍落到斜挡板上，则下落时间t'=2t,竖直方向上下落高度〃=

2g(t')2=4h,其中h为以%的水平速度飞出时下落的高度，故钢球落到了地面上，假设不成立。

钢球落到地面上，下落高度为2八，其中t=后，则有：t'=^^=鱼如故C正确，ABD错误。

6.【答案】B

【解析】

【分析】

根据电阻定律计算出拉长后的盐水柱的电阻，然后根据闭合电路的欧姆定律可以判断出盐水柱两

端的电压变化，通过的电流变化，以及盐水柱消耗的电功率的变化。

【解答】

4、根据电阻定律可以知道，把盐水柱拉长后，盐水柱的电阻变大，根据闭合电路的欧姆定律可

以知道，通过盐水柱的电流减小，故4错误；

B、由上面4的分析可知电路中的电流减小电源的内阻不变，所以内电压减小，外电压增大，即盐

水柱两端电压增大，故B正确；

C、设盐水柱原来的横截面积为S,长度为3盐水柱被水平均匀的拉长到原来的1.2倍后，长度变

为L'=1.2L,由于盐水柱的体积不变所以SL=S'L即S'=+3由电阻定律知R=

JR'=可解得R'=1.44R,故C错误；

尸S，YS，

。、由上面的分析可以知道，盐水柱被拉长后，电路中的电流减小了，而电阻变为原来的1.44倍,

根据电功率公式P=/2R可知，当电流不变时，电功率才是原来的1.44倍，但电流发生了变化，电

功率增加的就不是原来的1.44倍了，故。错误。

7.【答案】B

【解析】

【分析】

粒子在电场中做类平抛运动，根据平抛运动的规律，由牛顿第二定律和运动学公式结合进行分析

能够求解的物理量。

【解答】

AB、出射速度方向反向延长线过水平位移的中点，设偏转角度为氏则tanO=^=多电子偏转的

2

角度可求；

电子在电场中做类平抛运动，设初速度为孙，平行于极板方向做匀速直线运动，垂直于极板方向

做初速度为零的匀加速直线运动，则运动时间为t=5，离开电场时垂直于极板方向的分速度为

3=at,加速度a=黑，£即。=得=慧，由于初速度不知道，所以偏转电压无法求解，故4错

误，B正确;

C、由于tanO=9,两个速度都无法得到，故射出电场的速度无法求解，故C错误；

VQ

。、运动时间为t=:，初速度不知道，偏转电压不知道，无法求解时间，故。错误。

v0

8.【答案】C

【解析】

【分析】

在LC振荡电路中，当电容器在放电过程：电场能在减少，磁场能在增加，回路中电流在增加，电

容器上的电量在减少。从能量看：电场能在向磁场能转化；

当电容器在充电过程：电场能在增加，磁场能在减小，回路中电流在减小，电容器上电量在增加。

从能量看：磁场能在向电场能转化。

在一个周期内，电容器充电两次，放电两次。

【解答】

4、在一个周期内，电容器充电两次，放电两次，t=0.02s时LC回路中电容器下极板带正电荷且

电荷量第一次达到最大值，此时充放电一次，则周期为0.04s,故4错误。

8、根据LC振荡电路的充放电规律可知，放电完毕时，回路中电流最大，磁场能最大，电场能最

小，故B错误。

CD,t=1.01s=25^,此时电容器逆时针放电结束，回路中逆时针的电流最大，磁场能最大，

故C正确，0错误。

9.【答案】C

【解析】

【分析】

卫星绕地球做匀速圆周运动，由地球的万有引力提供向心力，根据万有引力定律和向心力公式得

到周期、线速度、向心加速度的表达式，再比较其大小。

卫星的质量未知，无法比较向心力。

【解答】

卫星绕地球做匀速圆周运动，万有引力提供向心力，^=m^r=m-=ma,解得周期T=

HT乙r

2点'"秒'。=詈°

ACD.a、b卫星的轨道半径相等，则周期相等，线速度大小相等，向心加速度大小相等，c卫星的

轨道半径大于a、b卫星的轨道半径，则c卫星的向心加速度小于a、b的向心加速度，故AD错误，C

正确。

8、卫星的质量未知，无法比较向心力的大小，故B错误。

10.【答案】B

【解析】

【分析】

图甲是电压互感器，是一个降压变压器；图乙是电流互感器，是升压变压器。根据变压比和变流

比可以分别计算出电压、电流。

【解答】

图甲是电压互感器，是一个降压变压器，电压表的示数是变压器的输出电压，根据变压比可以得

到输入电压，即Ui=/qU；

图乙是电流互感器，是升压变压器，电流表的示数是输出电流，根据变流比可以得到输入电流为

故B正确，ACD错误。

11.【答案】B

【解析】

【分析】

通电直导线管周围有磁场存在，根据右手螺旋定则可判定电流方向与磁场方向的关系。根据产生

感应电流的条件和楞次定律判断各项。

【解答】

由安培定则和磁场的叠加知，1、3象限磁场为零，2象限中磁场垂直纸面向外，4象限中磁场垂直

纸面向里。当电流增大时，1与3内不能产生感应电流，所以1与3静止不动；当电流增大时，2与4

内的磁通量都增大，根据楞次定律可知，产生的感应电流都会阻碍磁通量的增大，所以2、4线圈

沿着对角线向外运动。故B正确，ACD错误。

12.【答案】A

【解析】

【分析】

根据题意画出光路图，根据几何知识和折射定律列式求解。

【解答】

这束光最终进入材料的能量为入射光能量的（1-后）倍，说明经过两次反射进入材料后会发生全

反射，光路图如图所示：

设折射率为九，在B点的折射角为。，则全反射角为90。-。，根据折射定律知

sin45三

十L…①

sin(90_。)=n…②

联立解得：n吟故4正确，BCD错误。

13.【答案】A

【解析】

【分析】

先对C分析，受重力、支持力和4B的库仑力，贝IJ4B的库仑力之和沿斜面向上，分析C球的电性,

再对球4、B、C分别根据平衡条件列式分析即可。

【解答】

AD、对C分析，受重力、支持力和AB的库仑力，则AB的库仑力之和沿斜面向上，又B距离C近,

给C的库仑力大，贝IJC球带正电，设小球间距为a,对C：

k—xk----x=Mgsizia

疗(2a)2

对B：k^—k=Mgsina

联立解得：q=^q,a=q故4正确，。错误；

c7’0u07Mgs】na

BC、对4球受到的库仓力为：尸=卜吟一卜器

根据对C的分析有：上竽一"等="Osina

则有：F=Mgsina

对4有：kQx=F+Mgsina

解得：％="铲，故BC错误。

14.【答案】CD

【解析】

【分析】

能级间跃迁时辐射的光子能量等于两能级间的能级差，结合辐射的光子能量与可见光的光子能量

比较进行分析。

【解答】

A.y射线为重核衰变或裂变时才会放出，氢原子跃迁无法辐射y射线，故力错误；

B.氢原子从n=3的能级向n=2的能级辐射光子的能量：E=-1.51eK-（-3.40elZ）=1.89eK,

在可见光范围之内，故B错误；

C.氢原子在n=3能级吸收L51eV的光子能量就可以电离，紫外线的最小频率大于1.5eV,可以使

处于n=3能级的氢原子电离，故C正确；

D.氢原子从n=4能级跃迁至律=2能级辐射光子的能量：E'=—0.85eV-（―3.40eV）=2.55eV,

在可见光范围之内；同理，从几=3的能级向n=2的能级辐射光子的能量也在可见光范围之内，

所以大量氢原子从几=4能级向低能级跃迁时可辐射出2种频率的可见光，故。正确。

15.【答案】BD

【解析】

【分析】

光线经过玻璃三棱镜后，由于玻璃对a、b的折射率不同而形成色散现象，偏折角越大，折射率越

大，该光的频率越高；由光电效应方程分析光电子的最大初动能；由公式口=（分析光在玻璃中的

传播速度的大小，根据双缝干涉条纹间距公式分析干涉条纹间距的大小。

【解答】

由图看出，a的偏折角小，则玻璃对a光的折射率小于对b光的折射率，所以a光的频率小于b光的

频率；

4、a的频率小，由光电效应方程：Ek=hv-W,可知照射同一种金属均有光电子逸出，光电子

最大初动能^Kb＞后心，故4错误；

B、a的折射率较小，频率较小，波长较长，而双缝干涉条纹间距与波长成正比，所以相邻暗条纹

间距a光的较大，故8正确；

c、a光的折射率小，由17=:分析知，在玻璃中，a光的传播速度大于b光的传播速度，故C错误:

D、光子的动量p=t=?，可知b的动量大，故。正确；

16.【答案】AB

【解析】

【分析】

根据题意，1s时间内，4点第五次回到平衡位置，据此求解周期。

根据传播距离和时间的关系求解波速。

根据波长、波速和周期的关系求解波长。

分析力B间的波形确定处于最大位移的质点。

【解答】

4、1s时间内，A点第五次回到平衡位置，则ls=2.5T,解得周期7=0.4s,故4正确；

C、分析题意可知，1s时间内，波传播了5nl的距离，波速。=裳=5m/s,故C错误；

B、根据波长、波速和周期的关系可知，A=vT=2m,则波长为2m,故B正确。

D、AB间距％=5沆=2.5九t=ls时，4点在平衡位置，则AB连线上有5个点处于最大位移处，故

。错误。

17.【答案】⑴BC；(2)甲，0.40；(3)不守恒。

【解析】

【分析】

(1)“探究加速度与力、质量的关系”需要测量的是加速度，用4x=aT2,用橡皮筋“探究做功与

物体速度变化的关系”需要的是末速度，W=lmv2,所以都不需要分析打下的第一个点，每条

只带只能得到一组数据；

(2)用橡皮筋”探究做功与物体速度变化的关系”物体受到变力作用，加速度时刻变化；“探究加

速度与力、质量的关系”实验中物体做匀变速直线运动，加速度恒定，Ax=aT2.

(3)由于摩擦力做功的原因，小车与橡皮筋组成的系统在橡皮筋恢复形变前机械能不守恒。

【解答】

(1)AB、"探究加速度与力、质量的关系”需要测量的是加速度，用4x=aT2,用橡皮筋“探究

做功与物体速度变化的关系”需要的是末速度，W=1mv2,所以都不需要分析打下的第一个点，

故A错误，B1E确。

CD、根据AB项的分析知每条只带只能得到一组数据，故C正确，D错误。

故选BC。

(2)如图是两条纸带的一部分，4、B、C、…、G是纸带上标出的计数点，每两个相邻的计数点之

间还有4个打出的点未画出。由于甲相等相邻的时间内的位移之差不是定值，为变速运动，所以甲

所示的是用橡皮筋“探究做功与物体速度变化的关系”的实验纸带。“探究加速度与力、质量的

关系”实验中，根据/x=a72知小车的加速度大小为:

a=,=3。；］彳。x10-2m/s2=0.40m/s2

o

(3)由于摩擦力做功，小车与橡皮筋组成的系统在橡皮筋恢复形变前机械能不守恒。

18.【答案】(1)1750⑵①②

③C

(1)

【分析】

明确多用电表所选档位，再根据欧姆表的读数方法即可确定对应的读数。

【解答】

由图乙可知，欧姆表档位选择x100；故读数为17.5x1000=17500。

(2)

【分析】

本题考查描绘小灯泡的伏安特性曲线实验，熟悉实验原理是解题的关键。

①分析电流表、滑动变阻器的接法即可作出电路图；

②根据描点连线即可；

③根据图中P点的状态，求出小灯泡的电阻即可判断。

【解答】

①测小灯泡的伏安特性曲线时，要求电流从零开始变化，则滑动变阻器应采用分压式接法，小灯

泡的内阻较小，则电流表采用外接法，则实物图如图所示：

②根据描点作出伏安特性曲线如图所示:

③由图知，P点状态下通过小灯泡的电流/=0.234,小灯泡两端的电压U=1.40U,则小灯泡的电

阻R=彳26.10,故选C。

19.【答案】解：（1）根据匀变速直线运动的规律可知全程的平均速度为号，根据平均速度和位移

的关系可得：^t=%i+x2

解得：vm-2x（靠_I8m/s；

（2）根据平均速度和位移的关系可得：XI吟口

解得：h=6s；

(3)斜直轨道上的加速度a=芫1=ym/s2=3m/s2

根据牛顿第二定律可得mgsin37。一/7=ma

解得年=180N

【解析】(1)根根据平均速度和位移的关系求解最大速度；

(2)根据位移时间关系结合平均速度的计算公式求解时间；

(3)求出斜直轨道上的加速度，根据牛顿第二定律求解阻力大小。

20.【答案】解：(1)滑块恰好过F的条件为mg=m?，

解得蚱=lm/s；

(2)滑块从E到B,根据动能定理有-mg/i-/J.mgL2=0-

在E点有a-mg=m华，

代入数据解得风=0.14N,

从。到B点，

fpo-rngh-+L2)=0>

解得Epo=8.0x10-3/；

(3)滑块恰能过F点的弹性势能为Epi=2mgr+fimg^+^mvp=7.0xIO-37,

从B点减速到0有Epi-mghy-卬ng(k+L2)=

代入数据解得心=0.05m,

能停在B点，则(imgcos。=mgsin。，

得tan。=0.5,

此时电—0.2m,

-3

从。到B点0=mgh+nmg{Lx+L2)=2x10(10/i+3)/,

其中0.05m<h<0.2m.

【解析】(1)在F点重力提供向心力，根据牛顿第二定律列式求解到达F点速度。

(2)滑块从E到8,根据动能定理求解到达E点的速度，再根据牛顿第二定律求解压力作用，。到B根

据动能定理求解弹性势能。

(3)根据动能定理求解