四川省眉山市钟祥中学2022年高三物理下学期期末试题含解析

1、四川省眉山市钟祥中学2022年高三物理下学期期末试题含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1. 质量为M的小车静止在光滑水平面上，质量为m的人站在小车左端。在此人从小车的左端走到右端的过程中 A.若在走动过程中人突然相对于车停止，这时车相对于地的速度将向右B.人在车上行走的平均速度越大，走到右端时车在地面上移动的距离越大C.人在车上行走的平均速度越小，走到右端时车在地面上移动的距离越大D.不管人以什么样的平均速度行走，车在地面上移动的距离都一样参考答案：D2. 关于物理思想方法和物理学史，下列说法正确的是（）A卡文迪许利用扭秤装置比较准确地测出了万有

2、引力常量，从而提出了万有引力定律B匀变速直线运动的位移公式x=v0t+是利用微元法推导的公式C由于牛顿在万有引力定律方面的杰出成就，所以被称为能“称量地球质量”的人D法拉第首先发现了电流可以使周围的小磁针偏转参考答案：B【考点】物理学史【分析】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可【解答】解：A、牛顿提出了万有引力定律，卡文迪许通过实验测出了万有引力恒量故A错误B、在推导匀变速直线运动的位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法故B正确C、卡文迪许通过实验测出了万有引力恒量，被称为能“称量地球质量”的人故C错

3、误D、奥斯特首先发现了电流可以使周围的小磁针偏转故D错误故选：B3. 一质点做简谐运动的图象如图8所示，下列说法正确的是 A质点运动频率是4Hz B在10要内质点经过的路程是20cm C第4末质点的速度是零 D在t=1s和t3s两时刻，质点位移大小相等、方向相同参考答案：B略 4. 两个共点力F1、F2互相垂直，其合力为F，F1与F 间的夹角为，F2与F间的夹角为，如图所示。若保持合力F的大小和方向均不变而改变F1时，对于F2的变化情况，以下判断正确的是： A若保持不变而减小F1，则变小，F2变大B若保持不变而减小F1，则变大，F2变小C若保持F1的大小不变而减小，则变大，F2变小D若保持F1

4、的大小不变而减小，则变小，F2变大参考答案：A5. 我们乘电梯上高层楼房时，从起动到停下来，我们分别所处的状态是（）A先失重，正常，后超重B先超重，正常，后失重C先超重，失重，后正常D先正常，超重，失重参考答案：B解：乘电梯上高层楼房时，从起动到停下来，具体的运动过程是：开始时先向上加速，加速度向上，超重；稳定后匀速直线，加速度为零，正常；停止时，向上减速，加速度向下，失重所以整个过程是：先超重，正常，后失重故选B二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 质点在直线A、B、C上作匀变速直线运动（图2），若在A点时的速度是5m/s，经3s到达B点时速度是14m/s，若再经过4s到达

5、C点，则它到达C点时的速度是_m/s.参考答案：267. 图甲所示电路称为惠斯通电桥，当通过灵敏电流计 G的电流Ig=0时，电桥平衡，可以证明电桥的平衡条件为：图乙是实验室用惠斯通电桥测量未知电阻Rx的电路原理图，其中R是已知电阻，S是开关，G是灵敏电流计，AC是一条粗细均匀的长直电阻丝，D是滑动头，按下D时就使电流计的一端与电阻丝接通，L是米尺（1）操作步骤如下：闭合开关，把滑动触头放在AC中点附近，按下D，观察电流表指针的偏转方向；向左或向右移动D，直到按下D时，电流表指针_(填：满偏、半偏或不偏转)；用刻度尺量出AD、 DC的长度l1和l2；(2) 写出计算Rx的公式:RX=_(3)如果

6、滑动触头D从A向C移动的整个过程中，每次按下D时，流过G的电流总是比前一次增大，已知A、C间的电阻丝是导通的，那么，电路可能在 断路了参考答案：8. （1）一定质量的理想气体由状态A经状态B变化到状态C的pV图象如图所示在由状态A变化到状态B的过程中，理想气体的温度升高（填“升高”、“降低”或“不变”）在由状态A变化到状态C的过程中，理想气体吸收的热量等于它对外界做的功（填“大于”、“小于”或“等于”）（2）已知阿伏伽德罗常数为601023mol1，在标准状态（压强p0=1atm、温度t0=0）下理想气体的摩尔体积都为224L，已知第（1）问中理想气体在状态C时的温度为27，求该气体的分子数（

7、计算结果保留两位有效数字）参考答案：考点：理想气体的状态方程；热力学第一定律专题：理想气体状态方程专题分析：（1）根据气体状态方程和已知的变化量去判断温度的变化对于一定质量的理想气体，内能只与温度有关根据热力学第一定律判断气体吸热还是放热（2）由图象可知C状态压强为p0=1atm，对于理想气体，由盖吕萨克定律解得标准状态下气体体积，从而求得气体摩尔数，解得气体分子数解答：解：（1）pV=CT，C不变，pV越大，T越高状态在B（2，2）处温度最高故从AB过程温度升高；在A和C状态，pV乘积相等，所以温度相等，则内能相等，根据热力学第一定律U=Q+W，由状态A变化到状态C的过程中U=0，则理想气体

8、吸收的热量等于它对外界做的功故答案为：升高 等于 （2）解：设理想气体在标准状态下体积为V，由盖吕萨克定律得：解得：该气体的分子数为：答：气体的分子数为7.31022个点评：（1）能够运用控制变量法研究多个物理量变化时的关系要注意热力学第一定律U=W+Q中，W、Q取正负号的含义（2）本题关键根据盖吕萨克定律解得标准状况下气体体积，从而求得气体摩尔数，解得气体分子数9. (4分)已知地球半径为6.4106m，又知月球绕地球的运动可近似看作为匀速圆周运动，则可估算出月球到地球的距离为_m。（结果只保留一位有效数字）参考答案： 答案：4.010 8 m10. 一小球从水平台面边缘以速度v水平飞出，落

9、到水平地面上需要时间为t，落地点距台面边缘的水平距离为s。若使小球以速度2v仍从同一位置水平飞出，落到水平地面上需要时间为 ；落地点距台面边缘的水平距离为 。 参考答案：t；2s11. 图示是某时刻两列简谐横波的波形图，波速大小均为10m/s，一列波沿x轴正向传播(实线所示)；另一列波沿x轴负向传播(虚线所示)，则在x轴上质点a(x=1m)和b(x=2m)中，质点_(选填“a”或“b”)振动加强，从该时刻起经过0.1s时，c质点坐标为_。参考答案： (1). a (2). （3m,0.4m）【详解】(1)两列波长相同的波叠加，由图象知，b、d两点都是波峰与波谷相遇点，则b、d两点振动始终减弱，

10、是振动减弱点；(2)由图象可知，两列波的波长都为=4m，则周期,而，c点此时向上运动，经过到达波谷，此时y方向的位移为y=-2A=-0.4cm，故c点的坐标为（3m，-0.4cm）.【点睛】本题考查了波的叠加原理，要知道波峰与波峰或波谷与波谷相遇点振动加强，波峰与波谷相遇点振动减弱，要注意：振动加强点并不是位移始终最大.12. 如图所示，为在“探究动能定理”的实验中小车在运动过程中打点计时器在纸带上打出的一系列的点，打点的时间间隔为0.02 s，小车在A、B之间可描述为_运动，C、D之间可描述为_运动小车离开橡皮筋后的速度为_m/s.参考答案：加速度逐渐减小的加速直线匀速直线0.3613. 如

11、图所示，是自行车传动结构的示意图，其中是半径为r1的大齿轮，是半径为r2的小齿轮，是半径为r3的后轮，假设脚踏板的转速为n，则大齿轮边缘的线速度为 ，自行车前进的速度为 。参考答案： ， 三、 实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14. （5分）为了验证碰撞中的动量守恒，某同学选取了两个体积相同、质量不相等的小球，按下述步骤做了如下实验：A用天平测出两个小球的质量（分别为m1和m2，且m1m2）。B按照如图所示的那样，安装好实验装置。将斜槽AB固定在桌边，使槽的末端点的切线水平。将一斜面BC连接在斜槽末端。C先不放小球m2，让小球m1从斜槽顶端A处由静止开始滚下，记下小球在斜面上的落

12、点位置。D将小球m2放在斜槽前端边缘处，让小球m1从斜槽顶端A处滚下，使它们发生碰撞，记下小球m1和小球m2在斜面上的落点位置。E用毫米刻度尺量出各个落点位置到斜槽末端点B的距离。图中D、E、F点是该同学记下的小球在斜面上的几个落点位置，到B点的距离分别为LD、LE、LF。根据该同学的实验，回答下列问题：小球m1与m2发生碰撞后，m1的落点是图中的_点，m2的落点是图中的_点。用测得的物理量来表示，只要满足关系式_，则说明碰撞中动量是守恒的。参考答案：答案：D、F （2分）； （3分）15. “利用单摆测重力加速度”的实验如图甲，实验时使摆球在竖直平面内摆动，在摆球运动最低点的左右两侧分别放置

13、一激光光源、光敏电阻（光照时电阻比较小）与某一自动记录仪相连，用刻度尺测量细绳的悬点到球的顶端距离当作摆长，分别测出L1和L2时，该仪器显示的光敏电阻的阻值R随时间t变化的图线分别如图乙、丙所示。根据图线可知，当摆长为L1时，单摆的周期T1为 ，当摆长为L2时，单摆的周期T2为 。请用测得的物理量（L1、 L2 、T1 和T2），写出当地的重力加速度g= 。参考答案：2t1 2t2 （2分） 四、计算题：本题共3小题，共计47分16. 如图所示，一轻绳绕过无摩擦的两个轻质小定滑轮O1、O2和质量mB=m的小球连接，另一端与套在光滑直杆上质量mA=m的小物块连接，已知直杆两端固定，与两定滑轮在同

14、一竖直平面内，与水平面的夹角=60，直杆上C点与两定滑轮均在同一高度，C点到定滑轮O1的距离为L，重力加速度为g，设直杆足够长，小球运动过程中不会与其他物体相碰现将小物块从C点由静止释放，试求：（1）小球下降到最低点时，小物块的机械能（取C点所在的水平面为参考平面）；（2）小物块能下滑的最大距离；（3）小物块在下滑距离为L时的速度大小参考答案：（1）设此时小物块的机械能为E1由机械能守恒定律得（2）设小物块能下滑的最大距离为sm，由机械能守恒定律有 而 代入解得 ； （3）设小物块下滑距离为L时的速度大小为v，此时小球的速度大小为vB，则 解得 17. 如图1所示，足够长的固定斜面倾角为，一小

15、物块从斜面底端开始以初速度v0沿斜面向上运动，若v0=12m/s，则经过2s后小物块达到最高点多次改变v0的大小，记录下小物块从开始运动到最高点的时间tm，作出tmv0图象，如图2所示，（g取10m/s2）则：（1）若斜面光滑，求斜面倾角（2）更换另一个倾角=30的斜面，当小物块以v0=12m/s沿斜面向上运动时，仍经过2s到达最高点，求它回到原来位置的速度大小（3）更换斜面，改变斜面倾角，得到的tmv0图象斜率为k，则当小物块以初速度v0沿斜面向上运动时，求小物块在斜面上运动的总时间为多少？参考答案：解：（1）由图可知，根据牛顿第二定律有：mgsin=ma即：可得：解得：=37 （2）上升到

16、最高点的加速度为：根据牛顿第二定律有：解得：上升过程中有：下降过程中有：得：由此可得：（3）由题意可知，可知，由于物体在斜面上上升过程中有：a=gsin+gcos可得：讨论：（a）当tan，即k，物块上滑到最高点后不会下滑则t=v0k（b）当tan，即k，物块到最高点后会下滑，上升时间t1=v0k上升的位移为下滑时，与a=gsin+gcos联立得：，则t总=t1+t2=v0k+=kv0（1+）答：（1）若斜面光滑，求斜面倾角为37（2）更换另一个倾角=30的斜面，当小物块以v0=12m/s沿斜面向上运动时，仍经过2s到达最高点，它回到原来位置的速度大小（3）更换斜面，改变斜面倾角，得到的tmv

17、0图象斜率为k，则当小物块以初速度v0沿斜面向上运动时，当tan，即k，物块上滑到最高点后不会下滑则小物块在斜面上运动的总时间为t=v0k当tan，即k，物块到最高点后会下滑，总时间为【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系；匀变速直线运动的位移与时间的关系【分析】（1）根据图象求出加速度，由牛顿第二定律求出斜面倾角；（2）根据牛顿第二定律求出上升过程的加速度，求出；再根据牛顿第二定律求出下滑的加速度，根据运动学公式求出回到原来位置的速度大小；（3）根据牛顿第二定律求出a关于的函数，分两种讨论，分别求总时间18. 某校兴趣小组制作了一个游戏装置，其简化模型如图所示，在A点用一弹射装置可将静止的小滑块以水平速度弹射出去，沿水平直线轨道运动到B点后，进入半径R=0.3m的光滑竖直圆形轨道，运行一周后自B点向C点运动，C点右侧有一陷阱，C、D两点的竖直高度差h=0.2m，水平距离s=0.6m，水平轨道AB长为L1=1m，BC长为L2 =2.6m，小滑块与水平轨道间的动摩擦因数=0.5，重力加速度g=10m/s2。（1）若小滑块恰能通过圆形轨道的最高点，求小滑块在A点弹射出的速度大小；（2）若游戏规则为小滑块沿着圆形轨道运行