2022-2023学年山东省锦泽技工学校物理高三上期中监测试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷注意事项1考生要认真填写考场号和座位序号。2试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，竖直放置在水平面上的轻质弹簧上叠放着质量均为2kg的物块A、B，它们处于静止状态，若突然将一个大小为10N、方向竖直向下的力施加在物块A上，则此瞬间，A对B的压力大小为（g=10m/s2）（） A10 NB20 NC

2、25 ND30 N2、下列说法正确的是（ ）A玻尔通过对氢原子模型的研究，提出了原子的核式结构学说B根据放射性元素的半衰期可以确定某个特定的原子核何时发生衰变C太阳释放出的能量来源于太阳内部原子核的裂变D原子核内部核子之间距离非常的近，但是，核子之间的核力远大于它们之间的万有引力和库仑力3、用比值法定义物理量是物理学中一种重要的思想方法，下列物理量的表达式不属于用比值法定义的是（ ）A加速度B功率C速度D电阻4、如图所示，B木块沿固定斜面匀减速下滑，此时将A木块完全吻合地叠加在B木块上能保持相对静止一起下滑，木块A和B接触面是水平的，B与斜面和A之间的动摩擦因数因分别为1和2，斜面倾角为。最大

3、静摩擦力等于滑动摩擦力，在下滑过程中，则正确的说法是（ ）AA与B一起运动时，B的受力个数为4B2(1cos-sin)cos C10可得1tan，选项C错误；B单独运动时加速度: 1mBgcos-mBgsin=mBa，则a=a，则选项D错误；故选B.5、D【解析】A.根据GMmr2=m42T2r可得T=42r3GM，由题意知量子卫星的轨道半径r1=mR，同步卫星的轨道半径r2=nR，所以同步卫星与量子卫星的运行周期之比为T2T1=r23r13=nR3mR3=n3m3，故选项A错误；B.P为地球赤道上一点，P点角速度等于同步卫星的角速度，根据v=r所以同步卫星与P点的速度之比为v2vP=r2rP

4、=nRR=n1，故选项B错误；CD.根据GMmr2=mv2r可得v=GMr，所以量子卫星与同步卫星的速度之比为v1v2=r2r1=nRmR=nm，又由于v1=nvp，量子卫星与P点的速度之比为v1vP=n3m，故D正确，C错误。6、C【解析】由于A物体保持静止，所以A物体只受绳的拉力和重力，绳子的拉力等于A的重力，A错；地面受到的压力等于B的重力，B错；由于B物体与A物体间没有相互作用力且静止，所以B物体只受竖直方向的重力和地面对B的支持力，水平方向不存在摩擦力，C对D错二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，

5、选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ABD【解析】A在玻璃试管中，如果液体能够浸润器壁，液面呈凹形，由于玻璃管中水银柱表面是凸面，说明水银不浸润玻璃，故A正确；B布朗运动是悬浮在水中的花粉颗粒的运动，是由于受到水分子的撞击不平衡而发生的，故反映了水分子的永不停息的无规则运动，故B正确；C1kg0的水的内能变成1kg0的冰时要放出热量，根据能量守恒分析可知，1kg0的水的内能变成1kg0的冰的内能大，故C错误；D玻璃在熔化过程中温度为断升高，可弯曲成不同角度的弯曲玻璃管。说明玻璃是非晶体，故D正确；E达到饱和汽压是单位时间内进入水中的水分子数和从水面飞出的水分子数相同，故E错误。故选ABD。

6、8、BC【解析】研究卫星绕地球做匀速圆周运动，万有引力提供向心力，根据GMmr2=mv2r，解得v=GMr可知轨道半径越小，线速度越大，故卫星在轨道3上的速率小于在轨道1上的速率，A错误；椭圆轨道2的半长轴大于圆轨道1的半径，根据开普勒第三定律a3T2=k，知卫星在轨道2上运行的周期大于在轨道1上运行的周期，B正确；根据GMmr2=ma得a=GMr2，所以卫星在轨道2上经过Q点的加速度等于在轨道1上经过Q点的加速度，C正确；卫星在轨道2上运行时，从P到Q只有万有引力做功，故机械能守恒，即经过P点的机械能等于经过Q点的机械能，D错误9、BC【解析】A.规定初速度方向为正方向，初速度，碰撞后速度，

7、则速度变化量为：负号表示速度变化量的方向与初速度方向相反，所以碰撞前后小球速度变化量的大小为12m/s，故A错误， B正确；C.运用动能定理研究碰撞过程，由于初、末动能相等，则： 碰撞过程中墙对小球做功的大小W为0，故C正确，D错误。10、BD【解析】由题意，电场的方向与面ABCD垂直，所以面ABCD是等势面，A、D两点的电势差为0，又因A、A两点沿电场线的方向有距离，顺着电场线方向电势降低，所以AA两点间电势差UAA不为0，A错误；带正电的粒子从A点到D电场力不做功，而由DD电场力做正功，B正确；同理，带负电的粒子从A点沿路径ADD移到D点，电场力做负功，电势能增大，C错误；由电场力做功的特

8、点：电场力做功与路径无关，只与初末位置的电势差有关，则知带电的粒子从A点移到C点，沿对角线A C与沿路径ABBC电场力做功相同，D正确；故选BD【点睛】本题关键要掌握：1、只有电场力做功，电荷的电势能和动能之和保持不变2、只有电场力和重力做功，电势能、重力势能、动能三者之和保持不变3、电场力做的正功，等于电势能的减少量；电场力做负功，等与电势能的增加量三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 （1）BC DE （2）0.422 0.420【解析】解：（1）推动小车由静止开始运动，故小车有个加速过程，在碰撞前做匀速直线运动，即在相同的时间内通

9、过的位移相同，故BC段为匀速运动的阶段，故选BC计算碰前的速度；碰撞过程是一个变速运动的过程，而A和B碰后的共同运动时做匀速直线运动，故在相同的时间内通过相同的位移，故应选DE段来计算碰后共同的速度（2）碰前系统的动量即A的动量，则P1=mAv0=mA=0.40=0.422kgm/s，碰后的总动量P2=mAvA+mBvB=（mA+mB）v2=（mA+mB）=0.60 =0.420kgm/s；12、挡光片中心 绳子有一定的质量、滑轮与绳子之间有摩擦、重物运动受到空气阻力等 重力加速度g 【解析】解：（1）螺旋测微器的固定刻度读数为5.5mm，可动刻度读数为0.0120.0mm=0.200mm，所

10、以最终读数为：5.5mm+0.200mm=5.700mm（2）需要测量系统重力势能的变化量，则应该测量出挡光片中心到光电门中心的距离，系统的末速度为：，则系统重力势能的减小量Ep=mgh，系统动能的增加量为：,若系统机械能守恒，则有：（3）系统机械能守恒的条件是只有重力做功，引起实验误差的原因可能有：绳子有质量；滑轮与绳子有摩擦；重物运动受到阻力作用（4）根据牛顿第二定律得，系统所受的合力为mg，则系统加速度为：，当m不断增大，则a趋向于g【点评】考查螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读，解决本题的关键知道实验的原理，知道误差产生的原因，掌握整体法在牛顿

11、第二定律中的运用四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1) 5.2m/s(2)432N【解析】(1)以甲、乙、A三者组成的系统为研究对象,可求得甲、乙两宇航员在空间站外做相对距离不变的同向运动的速度；进而可求得乙要以多大的速度v(相对于空间站)将物体A推出。(2)对甲根据动量定理可求得甲与A的相互作用力。【详解】(1)以甲、乙、A三者组成的系统为研究对象,系统动量守恒,以乙的方向为正方向,则有：(M2+m)v0-M1v0=(M1+M2+m)v1以乙和A组成的系统为研究对象,由动量守恒得：(M2+m)v0=M2v1

12、+mv代入数据联立解得：v1=0.4m/s,v=5.2m/s(2)以甲为研究对象,由动量定理得：Ft=M1v1-(-M1v0)代入数据解得F=432N答案:(1)5.2m/s；(2)432N14、 (1)v=4m/s (1) 【解析】（1）羽毛球先与筒一起匀加速，加速度大小为a：解得a=10 m/s10.1s末球筒撞击桌面前瞬间的速度v=at=4 m/s(1) 球筒撞击桌面后羽毛球做匀减速直线运动，设其加速度大小为a1解得a1=10 m/s1对羽毛球，根据牛顿第二定律f-mg=ma1解得f=3.5mg所以15、（1）F12N （1）2m/s2 ；4m/s1（3）1s（4）11m/s【解析】（1）对物体A：1mAg=mAa解得：a=2m/s2 对整体：F-2(mA+mB)g=(mA+mB)a 代入数据计算得出: F=11N 则保持相对静止 F11N（1）木板受F=16N的水平恒力作用时木板和木块产生相对滑动，根据牛顿第二定律，对B： F-2(mA+mB)g-1mAg=mBaB对A： 1mAg=mAa代入数据计算得出: aA=2m/s2 aB=4m/s2 （3）设物体A经时间t从木板B上滑下，此时A的位移: x1=12aAt2B的位移: x2=12aBt2 x2-x1=L联立以上三式，代