福建省莆田市仙游县枫亭中学2022-2023学年高三物理第一学期期中检测试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷考生请注意：1答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，一根长为l的轻质软绳一端固定在O点，另一端与质量为m的小球连接，初始时将小球放在与O点等高的A点，OA=，现将小球由静止状态释放，则当小球运动到O点正下方时，绳对小

2、球拉力为（）（已知：sin37=0.6，cos37=0.8）A2mgB3mgCD2、如图，半圆形光滑轨道固定在水平地面上，半圆的直径与地面垂直，一小物块以速度v从轨道下端滑入轨道，并恰能从轨道上端水平飞出，则轨道半径为（重力加速度为g）（）ABCD3、如图所示，一根长为 l 的轻质软绳一端固定在 O 点，另一端与质量为 m 的小球连接，初始时 将小球放在与 O 点等高的 A 点， ，现将小球由静止状态释放，则当小球运动到 O 点正下方时，绳对小球拉力为( )(已知：sin37=0.6，cos37=0.8)A2mg B3mg C D4、如图所示,竖直面内有一圆环,圆心为O ,水平直径为AB ,倾

3、斜直径为MN ，AB 、MN 夹角为,一不可伸长的轻绳两端分别固定在圆环的M 、N 两点,轻质滑轮连接一重物,放置在轻绳上,不计滑轮与轻绳摩擦与轻绳重力，圆环从图示位置顺时针缓慢转过2的过程中，轻绳的张力的变化情况正确的是（ ）A逐渐增大B先增大再减小C逐渐减小D先减小再增大5、竖直升空的火箭，其v-t图像如图所示，以下说法中正确的是A火箭上升的最大高度为48000mB40s时火箭到达最高点C火箭经过120s落回地面D火箭上升过程中的加速度大小始终是20m/s26、如图所示，ABC为竖直放置的光滑半圆环，O为圆心，B为最低点AB为固定在环上的光滑直杆在AB直杆上和半圆环的BC部分分别套着两个相

4、同的小环P、Q，现让半圆环绕对称轴OB匀速转动当角速度为时，小环P在A、B之间的中间位置与直杆保持相对静止；当角速度为时，小环Q在B、C之间的中间位置与半圆环保持相对静止则1与2之比为A：1B1：1C：D1：二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、太阳系中的第二大行星是土星，它的卫星众多，目前已发现的卫星达数十颗根据下表所列土卫五个土卫六两颗卫星的相关参数，可以比较（ ）土星的卫星距离土星距离半径发现者发现年份土卫五卡西尼土卫六惠更斯A这两颗卫星公转的周期大小B这两颗卫星

5、公转的速度大小C这两颗卫星表面的重力加速度大小D这两颗卫星公转的向心加速度大小8、在光滑水平面上，一质量为M，速度大小为v的P球与质量为3M静止的Q球碰撞后，P球的速度方向与碰撞前相反则碰撞后Q球的速度大小可能是（）A0.62v B0.45 v C0.31 v D0.38 v9、如图所示，在水平长直轨道上，有一长木板在外力控制下始终保持向右做匀速直线运动，小物块（可视为质点）P、Q由通过定滑轮且不可伸长的光滑轻绳相连处于静止状态，且AQ水平，OP、OQ与竖直方向的夹角均为=45，若物块Q的质量为m，物块P与长木板间的动摩擦因数=，重力加速度为g，则下列说法中正确的是（）A水平绳AQ的拉力大小为

6、mgB小物块P的质量为mC若水平绳被剪断，则在剪断瞬间，小物块Q的加速度大小为gD长木板对小物块P的作用力与小物块P对长木板的作用力大小相等10、下列说法中正确的是（）A气体扩散现象表明气体分子间存在斥力B布朗运动就是液体分子的无规则运动C常见的金属都是多晶体D一定质量的理想气体，在等压膨胀过程中内能一定增大E.已知阿伏伽德罗常数、某种理想气体的摩尔质量和密度，就可以估算出该气体分子间的平均距离三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）在测量两节干电池的电动势与内阻的实验中，利用实验提供的实验器材设计的电路图如图1所示，其中每节干电池的

7、电动势约为1.5V、内阻约为，电压表的量程均为3V、内阻为，定值电阻（未知），滑动变阻器最大阻值为(已知)请回答下列问题：(1)根据设计的电路图，将图2中的实物图连接_；(2)在完成实验时，将滑动变阻器的最值调到，闭合电键，两电压表的示数分别为，则定值电阻_（用、表示）；(3)测出定值电阻的阻值后，调节滑动变阻器的滑片，读出多组电压表的示数，以两电压表的示数为坐标轴，建立坐标系，描绘出的关系图象如图3所示，假设图线的斜率为k、与横轴交点的坐标值为c，则电池的电动势为E=_，内阻_（以上结果用k、c、表示）12（12分）如图甲所示，某同学借用“探究加速度与力、质量之间的定量关系”的相关实验思想、

8、原理及操作，进行“研究合外力做功和物体动能变化关系”的实验（1）为达到平衡阻力的目的，通过调整垫块的位置，改变长木板倾斜程度，根据纸带打出点的间隔判断小车是否做匀速直线运动在进行此操作时，_（填“要”或“不要”）取下细绳及托盘（2）按图甲所示装置，接通打点计时器电源，由静止释放小车，打出若干条纸带，从中挑选一条点迹清晰的纸带，如图乙所示纸带上打出相邻两个点之间的时间间隔为， 点是打点计时器打出的第一个点，从点到、点的距离依次为、已知小车的质量为，盘和砝码的总质量为由此可求得纸带上由点到点所对应的运动过程中，盘和砝码受到的重力所做功的表达式_，该小车点速度的表达式_此时小车的动能_由于实验中存在

9、误差，有大于原因是：_四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）在水平方向上有一电场，其电势随x坐标的变化规律如图所示将一带电荷量q=+210-7 C的粒子(重力不计)从坐标原点O由静止释放，粒子仅在电场力作用下沿x轴正方向运动求:(1)粒子在运动过程中受到的电场力大小F；(2)粒子从x轴0.5 m处运动到4 m处的动能增加量Ek14（16分）质量为m的汽车以恒定的功率P在平直的公路上行驶，汽车匀速运动的速度为v1，则当汽车以较小的速度v2行驶时，汽车的加速度为多少？15（12分）如图所示,传送带以v=10m/s

10、速度向左匀速运行,AB段长L为2m,竖直平面内的光滑半圆形圆弧槽在B点与水平传送带相切,半圆弧的直径BD=3.2m且B、D连线恰好在竖直方向上,质量m为0.2kg的小滑块与传送带间的动摩擦因数为0.5,g取10m/s2,不计小滑块通过连接处的能量损失.图中OM连线与水平半径OC连线夹角为300求: (1)小滑块从M处无初速度滑下,到达底端B时的速度;(2)小滑块从M处无初速度滑下后,在传送带上向右运动的最大距离以及此过程产生的热量;(3)将小滑块无初速度的放在传送带的A端,要使小滑块能通过半圆弧的最高点D,传送带AB段至少为多长?参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每

11、小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】试题分析：设小球到达B点时细绳刚好绷紧则OB与水平方向的夹角的余弦为 cos=16小球自由下落的高度为 h=18l，到达B点的速度细绳绷紧后瞬间小球只有垂直于细绳的分速度，大小为 v2=v1cos从B到最低点，由动能定理得：mgl（1-sin）=mv32-mv22在最低点有，联立以上各式解得 T=mg,故选C考点：动能定理及牛顿定律的应用【名师点睛】本题关键分析清楚小球的运动规律，注意细绳绷紧前后小球速度的突变，然后结合运动的合成与分解、动能定理、牛顿第二定律列式求解2、B【解析】设半圆的半径为R，从轨道下端滑入到上端过程中，根据动

12、能定理得在最高点，根据牛顿第二定律有mg=解得轨道半径R=。A.轨道半径为，与分析不一致，故A错误；B.轨道半径为，与分析相一致，故B正确；C.轨道半径为，与分析不一致，故C错误；D.轨道半径为，与分析不一致，故D错误。3、D【解析】设小球到达B点时细绳刚好绷紧则OB与水平方向的夹角的余弦为，小球自由下落的高度为 ，到达B点的速度，细绳绷紧后瞬间小球只有垂直于细绳的分速度，大小为 v2=v1cos，从B到最低点，由动能定理得： ；在最低点有， ，联立以上各式解得，故选D【点睛】本题关键分析清楚小球的运动规律，注意细绳绷紧前后小球速度的突变，然后结合运动的合成与分解、动能定理、牛顿第二定律列式求

13、解4、B【解析】M、N连线与水平直径的夹角越大，M、N之间的水平距离越小，轻绳与竖直方向的夹角越小，根据，轻绳的张力越小，故圆环从图示位置顺时针缓慢转过2的过程，轻绳的张力先增大再减小，故B正确，ACD错误；故选B5、A【解析】BC.火箭的速度一直为正，说明火箭一直在上升，则t120s时火箭到达最高点，故BC错误；A. v-t图像的面积表示位移，故火箭上升的最大高度为 ，故 A正确；D. v-t图像的斜率表示加速度，由图象可知，前40s火箭做匀加速直线运动，加速度为，后80s做匀减速直线运动，加速度大小，故D错误；6、A【解析】P点的小球受到重力和杆的支持力，在水平面内做匀速圆周运动，合力的方

14、向沿水平方向，则有，解得； 同理，Q点的小球受到重力和杆的支持力，在水平面内做匀速圆周运动，合力的方向沿水平方向，OQ与竖直方向之间的夹角为，则有，解得，所以，故A正确，B、C、D错误；故选A【点睛】分别对P点和Q点的小球进行受力分析，根据合外力提供向心力的条件，由牛顿第二定律即可求出结果二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ABD【解析】设土星的质量为M，A. 由开普勒第三定律，半径越大，周期越大，所以土卫五的公转周期小故A正确；B. 由卫星速度公式，公转半径R越大，

15、卫星的线速度越小，则土卫六的公转线速度小故B正确；C. 由卫星表面的重力加速度公式，由于卫星的质量未知，无法比较卫星表面的重力加速度，故C错误； D. 由卫星向心加速度角公式，公转半径R越小，向心加速度a越大，则土卫五的向心加速度大故D正确故选ABD.8、BD【解析】PQ两球在水平方向上合外力为零，P球和Q球碰撞的过程中动量守恒，设PQ两球碰撞后的速度分别为V1、V2，选P原来的运动方向为正方向，由动量守恒定律有： mv=-mv1+3mv2假设碰后A球静止，即v1=0，可得：v2=v3 由题意知球A被反弹，所以球B的速度：v2v3PQ两球碰撞过程能量可能有损失，由能量关系有：12mv212mv

16、12+123mv22由两式联立得：v2v2由两式可得：v3v2v2故应选：BD。9、ABD【解析】试题分析：对Q受力分析，根据合成法求解PQ绳子的拉力；对P受力分析，根据平衡条件即可求出P的质量绳子的拉力能发生突变，结合受力分析物块Q的加速度；作用力与反作用力总是大小相等，方向相反对Q分析，受到竖直向下的重力，AQ的拉力，以及OQ的拉力，三力平衡如图，根据力的合成与分解可得水平绳AQ中拉力， A正确；OQ绳子的拉力为，对P分析，受到竖直向下的重力Mg，竖直向上的支持力N，向右的滑动摩擦力，同一条绳子上的拉力相同，所以OP绳子的拉力也是，处于平衡状态；受力如图，又知道，联立解得：，B正确；若水平

17、绳被剪断，则在剪断瞬间，小物块Q只受到重力和绳子OQ的拉力，由于绳子的拉力的大小会发生突变，所以物块Q的加速度的方向与OQ的方向垂直，所以加速度大小为，C错误；长木板对小物块P的作用力和小物块P对长木板的作用力是一对作用力与反作用力，所以它们大小相等，D正确10、CDE【解析】A扩散现象是指分子能够充满整个空间的过程，它说明分子永不停息地运动，与分子之间存在斥力无关，故A错误；B布朗运动是固体小颗粒的运动，它间接说明分子永不停息地做无规则运动，故B错误；C常见的金属：金、银、铜、铁、铝、锡、铅等都是多晶体，故C正确；D根据理想气体的状态方程：，可知一定量的某种理想气体在等压膨胀过程中，气体的温

18、度升高，则内能一定增加，故D正确；E已知阿伏伽德罗常数、气体的摩尔质量和密度，估算出该气体分子间的平均距离为：，故E正确。故选CDE。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 【解析】(1)由电路图的连接可得出的实物图的连接方式，如图所示；(2)由电路图可知，电压表测量了与两端的电压，电压表测了滑动变阻器两端的电压，则两端的电压，由欧姆定律可知，；(3)由闭合电路欧姆定律可知，变形得，则有，解得【点睛】本题考查测量电动势和内电阻的实验方法，关键在明确根据闭合电路欧姆定律得出对应的表达式，再分析图象的意义，求得电动势和内电阻12、 要 存在空

19、气阻力或定滑轮与纸带之间存在摩擦【解析】(1)为保证拉力等于小车受到的合力，需平衡摩擦力，即将长木板左端适当垫高，轻推小车，小车做匀速直线运动，所以要取下细绳及托盘(2)依据重力做功的特点，故盘和砝码受到的重力所做功的表达式；依据平均速度，故小车点速度的表达式；此时小车的动能；由于实验中存在误差，有大于原因可能是存在空气阻力或定滑轮与纸带之间存在摩擦。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1) F=210-6 N (2) Ek=710-6 J【解析】(1)由题图可知粒子所处的电场为匀强电场，其电场强度为：E=代入数据解得：E=10 N/C又因为：F=qE解得：F=210-6 N(2)由上述分析可知粒子受到的电场力恒定，粒子从x轴0.5 m处运动到4 m处有：Ek=Fx代入数据解得：Ek=710-6 J答：(1)粒子在运动过程中受到的电场力大小F=210-6 N；(2)粒子从x轴0.5 m处运动到4 m处的动能增加量Ek=710-6 J14、a=p(v1-v2)mv1v2 【解析】当汽车速度