福建省泉州市奕聪中学2022-2023学年高三物理第一学期期中学业质量监测试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、有一质量为M、半径为R、密度均匀的球体，在距离球心O为2R的地方有一质量为m的质点，现在从M中挖去一半径为的球体（如图），然后又在挖空部分填满另外一种密度为原来2

2、倍的物质，如图所示则填充后的实心球体对m的万有引力为（ ）ABCD2、关于功和能的联系和区别，下列说法中不正确的是（ ）A功就是能，能就是功B功是过程量，能是状态量C功是能量转化的量度D做功的过程总对应着能量的转化过程3、在长度为l、横截面积为S、单位体积内自由电子数为n的金属导体两端加上电压，导体中就会产生匀强电场。导体内电荷量为e的自由电子在电场力作用下先做加速运动，然后与阳离子碰撞而减速，如此往复所以，我们通常将自由电子的这种运动简化成速率为v（不随时间变化）的定向运动。已知阻碍电子运动的阻力大小与电子定向移动的速率v成正比，即f=kv（k是常量），则该导体的电阻应该等于（）ABCD4、

3、某物体做匀变速直线运动，其位移与时间的关系为x0.5tt2(m)，则当物体的速度为3 m/s时，物体已运动的时间为A3 sB2.5 sC1.25 sD6 s5、如图所示，质量为m的小球被固定在轻杆的一端，在竖直平面内做半径为R的圆周运动，运动过程中小球受到空气阻力的作用设某一时刻小球通过轨道的最低点，此时轻杆对小球的拉力为7.5mg，此后小球继续做圆周运动，经过半个圆周通过最高点时轻杆对小球的支持力为0.5mg小球在此半个圆周运动过程中克服空气阻力所做的功为ABCmgRD2mgR6、在轴上O、P两点分别放置电荷量为q1、q2的点电荷，一带负电的试探电荷在两电荷连线上的电势能EP随变化关系如图所

4、示，其中A、两点电势能为零，D段中C点电势能最大，则 Aq1是负电荷，是正电荷且q1 q2BBC间场强方向沿轴负方向CC点的电场强度大于A点的电场强度D将一正点电荷从B点移到D点，电场力先做负功后做正功二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、用手托着物体向上抛出到达最高点的过程可以看成两段匀变速直线运动，即手使物体竖直向上做匀加速直线运动和物体在重力作用下做竖直上抛运动已知起点到天花板的高度差为2.1 m，手向上运动的加速度大小为60 m/s2，重力加速度大小为10 m/

5、s2，不计空气阻力若要物体恰好能抛至天花板，则A手托着物体向上运动的时间为0.2 sB手托着物体向上运动的高度为0.3 mC物体上升过程中的最大速度为6 m/sD物体上升过程中的平均速度为4 m/s8、已知力F的一个分力F1跟F成30角，大小未知，另一个分力F2的大小为，方向未知，则的大小可能是（ ）ABCD9、如图所示，在光滑绝缘的水平面上方，有两个方向相反的水平方向的匀强磁场，PQ为两磁场的边界，磁场范围足够大，磁感应强度的大小分别为B1B，B22B，一个竖直放置的边长为a，质量为m，电阻为R的正方形金属线框，以初速度v垂直磁场方向从图中实线位置开始向右运动，当线框运动到在每个磁场中各有一

6、半的面积时，线框的速度为v/2，则下列判断正确的是（ ）A此过程中通过线框截面的电量为3Ba22RB此过程中线框克服安培力做的功为38mv2C此时线框的加速度为9B2a2v2mRD此时线框中的电功率为9B2a2v2mR10、河水的流速与离河岸的关系如图甲所示，船在静水中速度与时间的关系如图乙所示若要使船以最短时间渡河，则（） A船渡河的最短时间是100sB船在行驶过程中，船头始终与河岸垂直C船在河水中航行的轨迹是一条直线D船在河水中的最大速度是5m/s三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）在验证牛顿第二定律实验中，(1)某组同学用如

7、图甲所示装置，采用控制变量的方法，来研究小车质量不变的情况下，小车的加速度与小车受到的力的关系下列措施中不需要和不正确的是（_）首先要平衡摩擦力，使小车受到的合力就是细绳对小车的拉 力平衡摩擦力的方法就是，在塑料小桶中添加砝码，使小车能匀速滑动每次改变拉小车的拉力后都需要重新平衡摩擦力实验中通过在塑料桶中增加砝码来改变小车受到的拉力实验中应先放小车，然后再开打点计时器的电源A B C D(2)某组同学实验得出数据，画出aF图象如图乙所示，那么该组同学实验中出现的问题可能是 （_）A实验中摩擦力没有平衡 B实验中摩擦力平衡过度C实验中绳子拉力方向没有跟平板平行D实验中小车质量发生变化12（12分

8、）图(a)为测量物块与水平桌面之间动摩擦因数的实验装置示意图.实验步骤如下：用天平测量物块和遮光片的总质量M，重物的质量m；用游标卡尺测量遮光片的宽度d；用米尺测量两光电门之间的距离s；调整轻滑轮，使细线水平；让物块从光电门A的左侧由静止释放，用数字毫秒计分别测出遮光片经过光电门A和光电门B所用的时间tA和tB,求出加速度a；多次重复步骤，求a的平均；根据上述实验数据求出动擦因数.回答下列为题：(1)测量d时，某次游标卡尺（主尺的最小分度为1mm）的示如图(b)所示;其读数为_cm.(2)物块的加速度a可用d、s、tA和tB表示为a=_.(3)动摩擦因数可用M、m、和重力加速度g表示为=_.(

9、4)如果细线没有调整到水平.由此引起的误差属于_（填“偶然误差”或”系统误差”）.四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）某娱乐节目设计了一款在直轨道上运动的“导师战车”，坐在“战车”中的导师按下按钮，“战车”从静止开始先做匀加速运动、后做匀减速运动，冲到学员面前刚好停止若总位移大小L10 m，加速和减速过程的加速度大小之比为14，整个过程历时5 s求：(1)全程平均速度的大小；(2)加速过程的时间；(3)全程最大速度的大小14（16分）如图所示，质量为M=1.5kg的木板静止在光滑水平面上，质量为m=1kg的

10、物块以初速度v1=4m/s滑上木板的左端，物块与木板之间的动摩擦因数为=12，在物块滑上木板的同时，给木板施加一个水平向右的恒力F。当恒力F取某一值时，物块在木板上相对于木板滑动的路程为s，给木板施加不同大小的恒力F，得到1S-F的关系如图所示，其中AB与横轴平行，且AB段的纵坐标为1m-1。将物块视为质点，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度g=11m/s2。（1）若恒力F=1，则物块会从木板的右端滑下，求物块在木板上滑行的时间t是多少？（2）图乙中BC为直线段，求该段B点的横坐标（3）图乙中DE为直线段，求该段恒力F的取值范围及1S-F函数关系式15（12分）从某一高度平抛一物体，抛出2

11、s后它的速度方向与水平方向成角45，落地时速度方向与水平成60角（g取10m/s2）求：（1）抛出时的速度：（2）落地时的速度：（3）抛出点距地面的高度参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】设密度为，则在小球内部挖去直径为R的球体，其半径为 ，挖去小球的质量为：=挖去小球前，球与质点的万有引力：被挖部分对质点的引力为：，填充物密度为原来物质的2倍，则填充物对质点的万有引力为挖去部分的二倍，填充后的实心球体对m的万有引力为：F1-F2+2F2=故选：A2、A【解析】做功将导致能量转化，且功是能量转化的量度；功

12、是过程量，而能量则是状态量【详解】AB、功和能具有相同的单位，但本质不同，功是过程量，而能量则是状态量，物体具有对外做功的本领时，我们就说物体具有了能，故不能说功就是能，能就是功，故A错误，B正确；C、功是能量转化的量度，做多少功，就有多少能量转化，故C正确D、功和能是紧密联系的，做功的过程总对应着能量的转化过程故D正确本题选不正确的，故选A3、B【解析】电子定向移动，由平衡则导体中的电流电阻B正确，ACD错误。故选B。4、C【解析】根据x=v0t+at1=0.5t+t1知，初速度v0=0.5m/s，加速度a=1m/s1根据速度时间公式v=v0+at得，A. 3 s，与计算结果不相符，A错误；

13、B1.5 s，与计算结果不相符，B错误；C1.15 s，与计算结果相符，C正确；D6 s，与计算结果不相符，D错误5、C【解析】试题分析：小球通过轨道的最低点，此时轻杆对小球的拉力为F1=7.5mg，解得, 小球通过最高点时轻杆对小球的支持力为0.5mg，则,解得，小球在此半个圆周运动过程中应用动能定理：，解得，故选项C正确考点：牛顿第二定律 动能定理【名师点睛】对圆周运动过程的某一状态点，常常用牛顿运动定律和向心力的公式建立方程，在竖直平面内做圆周运动的最低点有，在最高点有对圆周运动过程的而言，若没有摩擦力和阻力，可以利用机械能守恒或动能定理建立处末状态之间的联系，若有摩擦力和阻力，一般用动

14、能定理列方程求解6、A【解析】A.由知A点的电势为零，越靠近O点电势越低，越靠近P点电势越高，所以O点的电荷带负电，P点电荷带正电，由图知C点场强为零，根据和电场叠加原理，可以得到q1 q2，故A正确；B.负点电荷从B到C点，电势能增大，根据可知电势能减小，由于沿着电场线电势降低，则有BC间场强方向沿x轴正方向，故B错误；C.图象的斜率为C点的电场强度小于A点的电场强度，故C错误；D.因为BC间电场强度方向沿x轴正方向，CD间电场强度方向沿x轴负方向，则将一正点电荷从B点移到D点，电场力先做正功后做负功，故D错误。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有

15、多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】BC由题意可知设手托着物体向上运动的高度为h，则物体在重力作用下做竖直上抛运动的高度为2.1m-h，设物体上升过程中的最大速度为v，所以匀加速上升阶段有：减速上升阶段有：联立解得：，故BC正确；A手托着物体向上运动的时间为：解得：t1=0.1s，故A错误；D物体上升过程中的平均速度为：故D错误8、AC【解析】因一个分力F1跟F成30角，F2的大小为，F2大于，因此有两种分解结果；根据平行四边形定则得，如图，通过几何关系得，或故选AC9、ABC【解析】感应电动势为：E=t，=(-12BS+2B12S)

16、-(-BS)=32BS；感应电流为：I=ER，电荷量为：q=It，解得：q=3Ba22R，故A正确。由能量守恒定律得，此过程中回路产生的电能为：E=12mv2-12m（v2）2=38mv2，故B正确；此时感应电动势：E=2Bav2+Bav2=32Bav，线框电流为：I=ER=3Bav2R，由牛顿第二定律得：2BIa+BIa=ma加，解得：a加=9B2a2v2mR，故C正确；此时线框的电功率为：P=I2R=9B2a2v4mR，故D错误；故选ABC。10、ABD【解析】由甲图知河宽d=300m，当船头垂直与河岸时，渡河时间最短，故A、B正确；由于河水流速在变，故船的合速度大小、方向都在变，轨迹是曲

17、线，故C错误；水速最大为4ms，船在河水中的最大速度，故D正确。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、B B 【解析】（1）首先要平衡摩擦力，使小车受到合力就是细绳对小车的拉力，故正确平衡摩擦力的方法就是，不挂塑料小桶，把木板的一端垫高，轻推小车，使小车能匀速滑动，故错误平衡摩擦力后，在实验过程中不需要重新平衡摩擦力，故错误实验中通过在塑料桶中增加砝码来改变小车受到的拉力，故正确实验中应接通电源，然后再释放小车，故错误；本题选错误的，故选B（2）由图2所示图象可知，当拉力为零时，小车已经产生加速度，这是由于平衡摩擦力过度造成的，故ACD错

18、误，B正确，故选B12、0.960 系统误差 【解析】第一空.由图(b)所示游标卡尺可知，主尺示数为0.9cm，游标尺示数为120.05mm=0.60mm=0.060cm，则游标卡尺示数为0.9cm+0.060cm=0.960cm第二空.物块经过A点时的速度为：，物块经过B点时的速度为：，物块做匀变速直线运动，由速度位移公式得：vB2-vA2=2as，加速度为：；第三空.以M、m组成的系统为研究对象，由牛顿第二定律得：mg-Mg=(M+m)，解得：；第四空.如果细线没有调整到水平，由此引起的误差属于系统误差.四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字

19、说明、方程式和演算步骤。13、 (1)，(2) 4s ，(3).【解析】试题分析：（1）根据平均速度的定义式求全程的平均速度；（2）根据加速度定义求出加速过程和减速过程的加速度大小，结合已知条件，求解加速过程的时间；（3）根据平均速度求位移的公式分别求出加速和减速过程的位移，再求总位移，结合题意即可求解.（1）全程的平均速度（2）设加速过程的末速度为v，即全程最大的速度，根据则有：加速过程的加速度大小，减速过程的加速度大根据题意有，总时间联立得：（3）加速过程的位移，减速过程的位移总位移联立得：解得：14、（1）t=13s（2）F=1N（3）1s=F+38【解析】（1）以初速度v1为正方向，物块的加速度大小：am=g=2m/s2木板的加速度大小：aM=mgM=4m/s2由图乙知，恒力F=1时，物块在木板上相对于木板滑动的路程1s=1m-1，则s=1m，可知板长L=s=1m滑块相对木板的路程：L=v1t-12amt2-12aMt2，代入数据可得：t