2011年四川省宜宾市中考物理试卷[1]

1、2011年四川省宜宾市中考物理试卷2011年四川省宜宾市中考物理试卷一、选择题（共8小题，每小题3分，满分24分）1、使用手机时，调节音量按钮是为了改变声音的（）A、音色B、音调C、响度D、频率考点：响度专题：应用题分析：声音有三个特征：音调、响度和音色音调指声音的高低；响度指声音的大小；通过音色能分辨物体解答：解：使用手机时，调节音量按钮是为了改变声音的大小，调节的是声音的响度故选C点评：解决此类问题明确响度、音色和音调的定义是关键2、经验表明，对人体安全的电压不能高于（）A、12VB、36VC、220VD、380V考点：电压专题：应用题；定量思想分析：对人体的安全电压是不高于36V，我国照

2、明电路的电压是220V，这些数据要记清解答：解：对人体的安全电压是不高于36V故选B点评：对于同一个人，电压越高，电流越大，电流经过人体造成的伤害就越大，我们一定要注意安全用电3、下列事例中，不是应用大气压的是（）A、用吸管吸饮料B、紧贴在玻璃板上的吸盘C、打气筒打气时筒壁发热D、护士用注射器针管从药瓶中汲取药液考点：大气压的综合应用专题：应用题分析：大气压的应用主要是利用气压差产生的压力差，常见的有吸管吸饮料、吸盘吸玻璃、注射器吸药液、钢笔吸墨水、活塞式抽水机抽水等，这类题目其实说“吸”是不准确的，应该说“压”，是内外气压产生的压力差的“压”的作用解答：解：A、用吸管吸饮料，应用了大气压，故

3、A不合题意；B、吸盘吸玻璃，应用了大气压，故B不合题意；C、打气筒打气时筒壁发热是摩擦生热现象，故C符合题意；D、注射器吸药液应用了大气压，故D不合题意；故选C点评：大气压的综合应用主要是：大气压产生的压力差，大气压对液体沸点的影响4、如图所示，表示近视眼矫正的是（）A、B、C、D、考点：近视眼的成因与矫正办法专题：应用题分析：要解答本题需掌握：近视眼是在看远处的物体时，像呈在视网膜的前方，应佩戴凹透镜矫正解答：解：A、图示是远视眼的成因，远视眼在看近处的物体时，像落在视网膜的后面，不符合题意；B、图示是对远视眼的矫正，佩戴凸透镜可使光线提前会聚成像在视网膜上，不符合题意；C、图示是近视眼的成

4、因，近视眼在看远处的物体时，像落在视网膜的前面，不符合题意；D、图示是对近视眼的矫正，佩戴凹透镜可以使物体射来的光线先发散一些，通过晶状体时会聚点靠后，落在视网膜上，符合题意故选D点评：本题主要考查学生对近视眼和远视眼的成因，以及矫正方法的理解和掌握5、如图所示，正确反映“探究水的沸腾”过程中温度随时间变化关系是（）A、B、C、D、考点：探究水的沸腾实验分析：沸腾是在液体表面和内部同时发生的剧烈的汽化现象，沸腾必须在一定的温度下才能发生水的沸腾是温度先不断升高，达到沸点时，继续加热温度保持不变解答：解：A、由图可知，温度上升到一定时保持不变，即达到沸点，符合题意；B、图中有一段是温度一定时，而

5、不断加热，最后温度继续上升，不符合题意；C、由图可知，温度在不断下降，到达一定值时，温度保持不变，不符合题意；D、由图可知，随着时间的增加，温度降低，不符合题意；故选A点评：本题考查的是水的沸腾，水的沸腾要达到两个条件：一、达到沸点；二、继续加热；同时应该清楚，在一标准大气压下，水的沸点为100摄氏度6、如图所示，一根铁棒在水平拉力F的作用下，以O点为转轴，由竖直逆时针匀速转向水平位置的过程中，动力F与动力臂L的大小变化（）A、F增大，L增大B、F减小，L减小C、F增大，L减小D、F减小，L增大考点：杠杆的平衡分析法及其应用专题：应用题；图析法分析：（1）杠杆的平衡条件是：动力动力臂=阻力阻力

6、臂（或F1L1=F2L2）；（2）杠杆的支点如图所示，动力为F，阻力为杠杆的重力，分别画出杠杆在竖直、水平两位置的阻力G的力臂L2、动力F的力臂L1，阻力G不变，分析L2和L1的变化，从而判断出动力F的变化可看出阻力臂变大，由于动力F的方向始终与杠杆垂直，所以F的力臂始终等于杠杆长，因此动力臂不变根据杠杆的平衡条件，因为阻力F2不变，动力臂L1不变，而阻力臂L2变大，所以动力F1变大解答：解：（1）当杠杆竖直时，动力F、阻力G、动力臂L1、阻力臂L2如下图所示：由于重力的方向也竖直向下，因此重力的作用线穿过支点，因此阻力臂L2为零；动力臂为整个杠杆的长度，如图中L1所示；（2）当杠杆被拉到水平

7、位置时，动力F、阻力G、动力臂L1、阻力臂L2如下图所示：由图可见，阻力臂变成了L2，变大了；动力水平，动力作用线穿过支点，动力臂L1为零（3）杠杆由竖直被拉到水平时，阻力不变，阻力臂增大，动力臂减小，根据杠杆平衡条件：动力动力臂=阻力阻力臂，因此动力增大故选C点评：此类题目解答关键在于认为杠杆在转动的过程中是平衡的，然后分析杠杆从一个位置变化到另一个位置的过程中力臂是否变化，再根据杠杆的平衡条件对动力的变化做出判断7、一同学用双手竖直向上抛出一篮球，在篮球向上运动到最高点的过程中，不计空气的阻力，下列说法中正确的是（）A、篮球由于具有惯性而继续向上运动B、篮球继续向上运动是由于受到手的推力作

8、用C、篮球只受到重力作用D、篮球的动能减小、重力势能增大，但机械能在减小考点：动能和势能的大小变化；惯性；机械能专题：控制变量法分析：物体由于惯性要保持原来的运动状态篮球离开手之后，不考虑空气阻力，只受重力作用分析动能和重力势能大小变化，要从动能和重力势能大小的影响因素考虑：动能大小的影响因素：质量、速度质量越大，速度越大，动能越大重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度质量越大，高度越高，重力势能越大不计空气阻力，机械能是守恒的解答：解：A、篮球离开手之前和手一起运动，离开手之后，由于惯性保持原来的运动状态，继续前进符合题意B、篮球以及离开了手，不再受到手的作用，不再受到手的推力作用不符合题

9、意C、篮球离开手之后，不再受到手的推力，不考虑空气阻力，篮球只受重力作用符合题意D、篮球上升过程中，质量不变，高度增大，重力势能增大；速度减小，动能减小不计空气阻力，机械能守恒，保持不变不符合题意故选A、C点评：本题要注意题目中的条件：不计空气阻力，让题目受到了控制如果去掉不计空气阻力，篮球上升时受到重力和空气的阻力；篮球的一部分机械能转化为内能，机械能减小8、一支标有“220V 100W”的电烙铁，为使电烙铁正常工作时电功率为100W，而在不工作时，电烙铁的功率为25W，使之不会完全冷却为此，某同学设计了如图所示的电路，其中，S为单刀双掷开关，L为一只额定电压为220V的灯泡下列说法中正确的

10、是（）A、选用的灯泡规格应为“220V 100W”B、当S拨向1时，电烙铁处于工作状态C、当S拨向2时，电烙铁处于工作状态D、在1s内，电烙铁在不工作状态下整个电路消耗的电能与正常工作状态相比，可节约50J的电能考点：电功的计算；串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；欧姆定律的应用；电阻的串联专题：计算题分析：（1）由电路图可知，当S拨向1时，电路中只有电烙铁工作，灯泡被短路，当S拨向2时，灯泡与电烙铁串联，根据公式可知，串联和电烙铁单独工作时功率的大小，从而判断出电烙铁工作和保温时开关的位置（2）由电烙铁上的铭牌可知额定电压及额定功率，由功率公式可求得电烙铁的电阻值；应经知道灯泡与电烙铁串

11、联，根据公式U2=PR求出此时电烙铁两端的电压，再利用公式求出电路总电流，进一步求出灯泡两端的电压和灯泡的电阻（3）先根据公式P=UI求出电烙铁在不工作状态下整个电路消耗的功率，再根据公式W=Pt可求节约的电能解答：解：（1）当S拨向1时，电路中只有电烙铁工作，灯泡被短路，当S拨向2时，灯泡与电烙铁串联，根据公式可知，电阻越大，功率越小，电烙铁工作时的功率大，电阻小，所以当S拨向1时，电烙铁处于工作状态，故B正确、C错误（2）电烙铁的电阻值，当S拨向2时，灯泡与电烙铁串联，此时电烙铁两端的电压为U12=P1R=25W484，所以此时电烙铁两端的电压为，通过电烙铁的电流为，所以加在灯泡上的电压为

12、UL，UL=U-U1=110V，所以灯泡的电阻为，“220V 100W”的灯泡的电阻与“220V 100W”的电烙铁的电阻相同，为484，故A正确（3）电烙铁在不工作状态下整个电路消耗的功率，在1s内，电烙铁在不工作状态下整个电路消耗的电能与正常工作状态相比，可节约电能W=（P额-P2）t=（100W-50W）1s=50J，故D正确故选A、B、D点评：本题考查根据电功率公式和串联电路的特点求解在本题中正好存在电烙铁与灯串联后，各得到电源电压的一半，故灯的实际功率和额定功率是相等的，解答本题应当注意题干中的功率关系，由功率关系结合电烙铁的特点作为突破口，利用所学的功率公式、欧姆定律及串联电路的规

13、律解答2、 填空题（共5小题，每小题4分，满分20分）9、通电螺旋管附近的小磁针静止时，N极的指向如图所示，则螺旋管的b端是 _极，电源的B端是 _极考点：通电螺线管的极性和电流方向的判断；磁极间的相互作用；右手螺旋定则分析：由磁极间的相互作用可知螺线管的磁极，由右手螺旋定则可知电源的正负极解答：解：因同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，则螺线管b端为S极，a端为N极；则由右手螺旋定则可知，电流由右侧流入，即B端为电源的正极故答案为：S，+（或正）点评：本题考查磁极间的相互作用及右手螺旋定则的应用，需灵活应用右手螺旋定则进行判断10、养成低碳生活的好习惯正在兴起据有关研究表明，在保证生活需要的

14、前提下，每人每年少买一件不必要的衣服，可节约约2.5kg的标准煤（相对减排二氧化碳6.4kg）若2.5kg标准煤完全燃烧，则可产生的热量是 _J，而且煤是 _能源（选填“可再生”或“不可再生”）（煤是热值q=3.0107J/kg）考点：热量的计算；不可再生能源的特点专题：计算题；简答题分析：（1）利用燃料完全燃烧的放热公式Q放=mq计算；（2）煤是动植物体经过漫长的地质年代形成的，是短期内不能从自然界得到补充的，是不可再生能源解答：解：（1）煤的质量：m=2.4106 t=2.4106103kg=2.4109kg，这些标准煤完全燃烧放出的热量：Q放=qm=3.0107J/kg2.5kg=7.5

15、107J；（2）煤属于一旦消耗很难再生的能源，是不可再生能源故答案为：7.5107，不可再生点评：本题是一道综合题，综合了能量和能源、热量的计算，涉及到生活中的燃烧、新的低碳生活习惯，好题型11、增大植被、减少水土流失已作为我国保护生态环境的一项重要措施流经宜宾境内的金沙江水中就含有大量的泥沙，经测量，每立方米的江水中平均含泥沙量约为20kg，合每立方厘米含泥沙量约为 _g；设在某一时间段里，每分钟流经某江段的水量为1000m3，则每小时将流失约 _kg的泥沙考点：密度公式的应用；物理量的单位及单位换算专题：计算题；应用题分析：金沙江水的密度不变，为20kg/m3，已知每立方米的含沙量，根据公

16、式 可求每立方厘米的含沙量已知每分钟水的流量，可求一小时水的流量，也就是水的体积，根据公式m=V可求每小时流失泥沙的质量解答：解：因为 ，所以每立方厘米的含沙量 ，每小时水的流量为V=1000m360=60000m3，所以每小时将流失泥沙m=V=20kg/m360000m3=1.2106kg故答案为：0.02；1.2106点评：本题考查密度公式的应用，关键是考查单位的换算，还要记住一点，含沙量指的是质量，重点是计算每小时水的流量，难点是求水的含沙量12、某同学用2N的力沿水平方向推一辆在水平桌面上的小车，小车沿力的方向作匀速直线运动，则小车受到的摩擦力大小是 _N；若仅把水平推力由2N增大为3

17、N后，则小车受到的摩擦力大小将 _（选填“变大”、“变小”或“不变”）考点：二力平衡条件的应用；摩擦力大小的影响因素分析：（1）通过小车的运动状态确定小车的受力情况；再根据二力平衡的条件即可确定摩擦力的大小（2）根据影响摩擦力大小的因素：压力的大小以及接触面的粗糙程度即可解答解答：解：小车在水平方向上作匀速直线运动；小车在水平方向上处于平衡状态，则在水平方向上受的力是平衡力；即摩擦力和推力是一对平衡力；根据二力平衡的条件：摩擦力和推力的大小相等，方向相反而且作用在同一条直线上；推力大小等于2N；摩擦力大小也为2N当水平推力由2N增大为3N后，由于接触面的粗糙程度以及小车对地面的压力大小都不变；

18、小车受到的摩擦力大小将不变故答案为：2；不变点评：此题重点考查了二力平衡的条件以及影响摩擦力大小的因素；在此题中，对于物体推力增大时，很多同学想当然的认为摩擦力也增大而没有把握其实质：物体所处的状态13、甲、乙两定值电阻的电压与电流的图象如图所示，则甲、乙两电阻的阻值之比R甲：R乙= _；将甲、乙两电阻并联后接在电压为3V的电源两端，都在10s内，甲、乙两电阻产生的热量之比Q甲：Q乙= _考点：欧姆定律的应用；并联电路的电压规律；焦耳定律专题：计算题；信息给予题分析：从图象上选取一点，找到对应的电压和电流，根据欧姆定律求出电阻的大小，进一步求出比值，根据公式可求甲、乙两电阻产生的热量之比解答：

19、解：对于电阻甲，当甲两端的电压为3V时，通过的电流为0.3A，电阻，对于电阻乙，当乙两端的电压为3V时，通过的电流为0.6A，电阻，所以R甲：R乙=10：5=2：1，甲、乙两电阻产生的热量之比 故答案为：2：1；1：2点评：本题考查电阻和热量的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，难点是从图象上得出数据解决问题，要记住并联电路电压的规律根据图象分析问题是今后考试的一个重点内容三、解答题（共2小题，满分6分）14、一束光斜射向水面上O点，产生折射和反射，其发射光线如图所示，请在图中作出此光线的入射光线和折射光线考点：作光的折射光路图；作光的反射光路图专题：作图题分析：（1）光的反射定律：反射光线、

20、入射光线、法线在同一平面内，反射光线和入射光线分居法线的两侧，反射角等于入射角；（2）光的折射定律：折射光线、入射光线、法线在同一个平面内，折射光线与入射光线分居法线两侧，光由空气斜射入水中时，折射光线向法线偏折，折射角小于入射角解答：解：当光线射向两种介质的界面上时，会同时发生反射和折射；由反射角等于入射角确定入射光线，当光从空气中斜射入水中时，折射光线将向靠近法线的方向偏折，即折射角小于入射角，如下图所示：点评：在两种透明介质的界面上，反射和折射一般是同时发生的，反射与入射在同种介质中，折射与入射在两种介质中，反射角等于入射角，光由空气斜射入其它透明介质中时，折射角小于入射角，光由其他透明

21、介质斜射入空气中时，折射角大于入射角15、图是利用杠杆吊起重物的情景，Q是支点请在图中画出重物G的重力示意图以及重力和力F的力臂，并用字母L1和L2表示考点：力的示意图；重力示意图；力臂的画法专题：作图题分析：（1）重力是由于地球吸引而具有的力，重力的方向是竖直向下的；（2）过杠杆的支点作出垂直于动力作用线和阻力作用线的垂线段，即动力臂和阻力臂解答：解：（1）物体无论处于什么情况下，其重力方向始终是竖直向下的，如下图所示；（2）画出动力F和阻力G的作用线，从支点分别向这两条力的作用线作垂线，就是动力臂和阻力臂，如下图所示点评：（1）重力的示意图是学生最容易出错的地方，特别是物体放在斜面上时，要

22、牢记无论物体放在什么面上，运动状态如何，重力的方向始终是竖直向下的（2）力臂是支点到力的作用线的距离，是一条垂线段，不是直线四、实验与探究题（共10分）16、（1）小明同学为探究压力的作用效果与哪些因素有关时，用了完全相同的四块砖和完全相同的三块海绵，做了如图所示的三个实验该探究实验用到的实验方法是 _观察三个实验，比较甲图和 _图所示实验，说明：受力面积相同时，压力越大，压力作用效果越明显观察三个实验，比较甲图和丙图所示实验，说明： _相同时， _越小，压力作用效果越明显（2）小红用如图甲所示的电路测定小灯泡的额定功率，小灯泡的额定电压为2.5V，灯丝电阻约为6除小灯泡外，实验室提供的器材有

23、：电压为6V的电源，电流表（00.6A 03A），电压表（03V 015V），滑动变阻器R1（20 1.5A），滑动变阻器R2（5 1A），开关一个，导线若干实验中，小红经过分析电流表选用了（00.6A）量程为保证实验的顺利进行，提高实验的准确性，电压表量程应该选 _，滑动变阻器应该选 _请按照小红设计的电路图，帮助她用铅笔画线代替导线，把乙图中实物连接图补充完整闭合开关前，滑动变阻器的滑片应移到 _端（选填“左”或“右”）；实验中，由于某种原因，导致电压表的示数变为零，电流表的示数增大，则电路可能出现的故障是 _考点：电功率的测量；探究压力的作用效果跟什么因素有关的实验；实物的电路连接；电压

24、表的使用；滑动变阻器的使用；电流表、电压表在判断电路故障中的应用专题：作图题；简答题；实验探究题；控制变量法分析：（1）压力的作用效果与压力的大小和受力面积的大小有关，研究与其中某一个因素的关系时，采用控制变量法；研究压力的作用效果与压力的关系，必须控制受力面积相同，改变压力的大小；比较甲、丙两图，找出相同因素和不同因素，结合控制变量法的思想，得出正确的结论（2）实验测量小灯泡的额定功率，要求小灯泡两端的电压达到额定电压，根据这个电压值选择电压表的量程；计算出小灯泡正常发光时，需要串联的电阻值，根据这个电阻值选择合适的滑动变阻器；小灯泡和滑动变阻器组成串联电路，电流表测电流，串联在电路中；电压

25、表测量灯泡两端的电压，与小灯泡并联；电学实验，连接电路时开关要断开，滑片移到最大阻值处；电压表示数为零，说明电压表被短路或者与电源连接部分有断路，再根据电流表的示数情况判断电路故障解答：解：（1）探究影响压力作用效果的因素，应采用控制变量法的思想；答：控制变量法要得出“受力面积相同时，压力越大，压力作用效果越明显”的结论，必须控制受力面积相同，压力大小不同，符合条件的只有甲、乙两图；答：乙甲、丙两图中，都是一块砖，压力相同，放置方式不同，受力面积不同，压力的作用效果不同，因此会得出压力相同时，受力面积越小，压力作用效果越显著答：压力、受力面积（2）小灯泡的额定电压是2.5V，因此电压表量程选择

26、03V；电源电压是6V，小灯泡要想正常发光，必须串联一个滑动变阻器起分压作用：分担的电压U=6V-2.5V=3.5V，电路中的电流等于灯泡的额定电流，即，此时滑动变阻器接入电路的阻值为因此选择R1（20 1.5A）答：电压表选择03V量程，滑动变阻器选择R1（20 1.5A）电压表量程选择03V，滑动变阻器按照“一上一下”的方式接入电路，如下图所示：答：实物电路连接图：任何电学实验，连接电路时开关要断开，滑片移到最大阻值处，滑动变阻器下端选择的是左端的接线柱，因此滑片要移到右端；电压表示数为零，说明电压表被短路或者与电源连接部分有断路，因为电流表有示数，所以电路无断路，因此电路故障是电压表局部

27、短路（或小灯泡L局部短路）答：滑片移到右端、电路故障是：电压表局部短路（或小灯泡L局部短路）点评：本题易错问题有两个：（1）滑动变阻器规格的选择，滑动变阻器起分压的作用，根据需要分担的电压值和电路中的电流值，计算出接入的电阻值，选择合适的滑动变阻器（2）电压表和电流表判断电路故障的方法和思路，分两种情况：电压表无示数说明电压表所测量电路中，包含电源的部分电路断路或不包含电源部分短路，再由电路中有无电流来判断是断路还是短路有电流，则电路为短路；无电流，则电路为断路电压表有示数说明电压表所测量电路中，包含电源的部分电路短路或不包含电源部分断路，再由电路中有无电流来判断是断路还是短路有电流，则电路为

28、短路；无电流，则电路为断路5、 计算与解答题（共2小题，共20分）要求写出必要的文字说明和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分17、在如图所示的电路中，电源电压U=8V，且保持不变，R1=10，R2=40试问：（1）若开关S1闭合，S2断开，当滑片P滑到a端时，电流表的示数为0.2A，此时滑动变阻器R的电阻值为多大？（2）若开关S1、S2均闭合，当滑片P滑到b端时，电流表的示数是多少？考点：欧姆定律的应用；并联电路的电流规律；电阻的串联专题：计算题分析：（1）当开关S1闭合，S2断开，当滑片P滑到a端时，滑动变阻器R和定值电阻R1串联，根据公式可求电路总电阻，进一步求出滑动变阻器接入电路的

29、电阻（2）开关S1、S2均闭合，当滑片P滑到b端时，电阻R1、R2并联，电流表测量的是干路电流，根据公式分别求出通过两电阻的电流，两电流之和就是电流表的示数解答：解：（1）若开关S1闭合，S2断开，当滑片P滑到a端时，分析电路图得，滑动变阻器R和定值电阻R1串联，此时滑动变阻器R的电阻值为R=R总-R1=40-10=30答：此时滑动变阻器R的电阻值为30（2）若开关S1、S2均闭合，当滑片P滑到b端时，分析题意得，电阻R1、R2并联，电流表测量的是干路电流 ，电流表示数：I干=I1+I2=0.8A+0.2A=1A答：电流表的示数是1A点评：本题考查电阻、电流的计算，关键是欧姆定律及其变形的灵活运用，要熟记串联电路电阻和并联电路电流的规律，难点是能正确分析开关断开与闭合时电路的连接情况 18、如图所示，是某水上打捞船将一个完全密闭的正方体货箱缓慢地打捞出水面的起吊装置示意图货箱平放在海底，海底深度H=30m，该货箱边长L=1m，货箱及内部货物的总重G货=4.0104N，动滑轮（只有一个）及附属配件的总重G滑轮=1.0104N不计