重庆市重点中学中考物理模拟考试试题06.doc

重庆市重点中学中考物理模拟考试试题06一.选择题1下列几种估测中，最符合实际情况的是（）a智能手机的功率约为70wb人淋浴时的水温约为80c对人体的安全电压为220vd课桌的高度大约为8dm2如图所示的四种光现象中，属于光的折射现象的是（）a倒映在水中的群山b水中的勺子c树荫下的圆形光斑d墙上的手影3如图所示，小玲在吃雪糕时，看到雪糕周围冒“冷气”，由此她联想到了烧开水时壶嘴中冒“热气”的情景对此，下列说法中正确的是（）a“冷气”和“热气”都是液化形成的小水珠b“冷气”和“热气”都是汽化成的水蒸气c“冷气”形成的过程要放热，“热气”形成的过程要吸热d“冷气”是液化形成的，“热气”是汽化形成的4小雯在观看杂技表演，有一项跳板节目引起了她的注意，如图所示，两名质量为60kg的男演员同时从3m高处自由下落到跳板的一端，站立于跳板另一端的一名质量为45kg的女演员被向上弹起4m高（不计空气阻力）下列说法中错误的是（）a男演员落下的过程中，他们的重力势能转化为动能b女演员离开跳板后仍能上升，是由于女演员有惯性c女演员站在倾斜的跳板上，她对跳板的压力等于自身重力d该跳板的机械效率为50%5下列关于光现象的说法中正确的是（）a入射光线与反射面的夹角为15时，反射角也为15b凸透镜既能成放大的像，也能成缩小的像c镜面反射遵守光的反射定律，漫反射不遵守光的反射定律d眼睛视物的原理与照相机成像原理相同，都是成正立缩小的像6电压力锅是一种新型家用电器，集高压锅与电饭锅优点于一体，既安全又环保下列说法中正确的是（）a电压力锅工作时是将内能转化为电能b电压力锅是利用增大气压降低沸点的原理来加快煮熟食物的c电压力锅煮饭时冒出的“白气”是水蒸气d电压力锅使用三脚插头是为了将外壳与地线相连7小明同学利用压敏电阻设计出判断小车运动状态的装置，其工作原理如图甲所示，将压敏电阻和一块挡板固定在绝缘小车上，中间放置一个光滑绝缘小球，小车始终在平直的轨道上向右运动压敏电阻r的阻值随所受的压力增大而减小，当小车向右作匀速直线运动时，绝缘球对小车的挡板及压敏电阻的压力均为零，压敏电阻的阻值最大小车在整个运动的过程中，电流表的示数随时间的变化情况如图乙所示已知电源电压为6v，电阻r0为5，小车在010s内的速度为0.5m/s则在下列说法中错误的是（）a小车在020s内，当电路中电流最大时压敏电阻所消耗的功率是6wb小车在010s内，压敏电阻r的阻值都是10c小车在010s内通过的路程是5md小车在10s20s内做加速运动8如图是抽水马桶水箱进水自动控制的结构原理图，aob为一可绕固定点o转动的轻质杠杆，已知oa：ob=1：2，a端所挂空心合金球质量为0.3kg（球=3.0103kg/m3），圆柱形容器底面积100cm2当合金球体积的浸在水中，在b端施加1n的竖直向下的拉力f时，杠杆恰好在水平位置平衡下列结果正确的是（）a该合金球的体积为1104m3b该合金球空心部分的体积为1104m3c该合金球进入水中后，容器底部所受压强增加100pad该合金球排开水的重为2n二.填空与作图题9如图所示，是一种利用健身球设计的充电器，当人们在转动球的时候就可以给电池充电，这时健身球里面的装置相当于 （选填“电动机”或“发电机”）它工作时的原理是 10如图为“擦窗机器人”，它的“腹部”有吸盘当擦窗机器人的真空泵将吸盘内的空气向外抽出时，它在 的作用下，牢牢吸在竖直玻璃上当擦窗机器人在竖直玻璃板上静止时，若真空泵继续向外抽气，擦窗机器人受到的摩擦力 （选填“变大”、“变小”或“不变”）11利用如图所示的装置，在10s内将重为90n的物体匀速提升1m，不计绳重和摩擦，若整个装置的机械效率为75%，则拉力的功率为 w；若绳子能承受的最大拉力为50n，此装置的机械效率最大可提高到 %12如图甲的电路中，电源电压保持不变，闭合开关后，滑片p由b端移到a端，电流表示数i与电压表示数u的变化关系如图乙所示，则可判断电源电压是 v，滑动变阻器的最大阻值是 13荣威e950插电式混合动力汽车于今年3月正式上市，百公里平均油耗约1.7l除增加能耗显示外，带空气加速净化功能的双区自动空调和座椅加热等功能依旧配备它有两种动力系统，当汽车加速汽油机提供的动力不足时，蓄电池的提供电能，使汽车加速更快；当汽车减速时，汽车由蓄电池将能量贮存起来，减少能量的消耗两种动力系统也可独立工作，只有汽油机工作时，由汽油燃烧提供热能，对外公共；只使用电力时，则由电动机提供动力请阅读信息，仿照示例写出2个涉及的物理信息所对应的物理知识示例：座椅加热，是电流的热效应（1） ；（2） 14在图中画出与入射光线对应的折射光线15请在如图中画出足球在水平地面上所受重力的示意图三、实验与探究题16小明在探究杠杆的平衡条件的实验中，以杠杆中点为支点（1）在调节杠杆平衡时，小明发现杠杆右端低左端高，此时应将杠杆右端的平衡螺母向 （左/右）调节，使它在 位置平衡（2）如图甲所示，杠杆在水平位置平衡，记录数据根据这一次实验数据，小明立即分析得出杠杆的平衡条件，小明这种做法的不足是： （3）如图乙所示，小明设计了两种实验方案：第一种弹簧测力计沿竖直方向拉，其读数为f1；第二种弹簧测力计倾斜拉，其读数为f2第 （一/二）种实验方案更方便，理由是： 17小林用如图甲所示的实验器材探究“电流与电阻的关系”电源电压恒为3v，滑动变阻器上标有“20 2a”字样，阻值分别为5、10、20、100的定值电阻各一个（1）连接电路时，滑动变阻器滑片p要移到最 端（选填“a”或“b”）（2）闭合开关，调节滑动变阻器的滑片p，使电流的示数如图乙所示，此时电路中的电流为 a（3）将5定值电阻换乘10定值电阻，闭合开关，为了保持 表的示数不变，应将滑动变阻器的滑片p向 （选填“a”或“b”）移动，记录此时各表的示数（4）将10定值电阻换成20定值电阻，重复步骤（3），实验记录的多组数据如表1所示分析数据可得结论是 实验次数定值电阻（）电流表示数（a）152100.183200.09（5）实验结束后，小林问老师在此实验中能否换用50的定值电阻进行实验？老师指导小林分析了不能更换的原因你认为其原因是 （6）若用该电路测量额定电压为2.5v小灯泡功率，测得数据如表2所示次数12345电压u/v0.41.01.52.02.5电流i/a0.080.160.190.220.24小灯泡的额定功率是 w；为完成整个实验，应该选取最大阻值不小于 的滑动变阻器18某小组同学做“探究容器底部受到液体压强和压力大小的规律”的实验先向如图（a）所示三个底面积不同的圆柱形容器中分别注入等质量的水，测得容器底部受到水的压强值记录在表1中；换用酒精重复上述实验，并将数据记录在表2中之后，他们又在如图（b）所示三个不同底面积的口大底小容器中注入等质量的水，重复上述实验，数据记录在表3中（酒精=0.8103kg/m3）表1（注入水0.1kg）实验序号深度（m）容器底面积（cm2）容器底的压强（pa）10.0110010020.025020030.0520500表2（注入酒精0.08kg）实验序号深度（m）容器底面积（cm2）容器底的压强（pa）40.011008050.025016060.0520400表3（注入水0.1kg）实验序号深度（m）容器底面积（cm2）容器底的压强（pa）70.018010080.024020090.0515500（1）分析比较实验序号1、2、3（或4、5、6或7、8、9）的有关数据，可得出的初步结论：液体内部压强与 有关（2）分析比较实验序号 有关数据，可得到的初步结论：液体深度相同，液体密度越大，液体压强越大（3）由表1和表3的实验数据，可得出的结论是：同种液体，深度相同时，液体对容器底部的压强与容器底部的面积和容器形状 （选填“有关”或“无关”）（4）分析实验序号1的实验数据，得出此时容器底部受到液体的压力为 n比较实验序号1、2、3可知规则容器液体对容器底部的压力 液体的重力；比较实验序号7、8、9可知规则该容器中液体对容器底部的压力 液体的重力（后两空均选填“大于”、“小于”或“等于”）（5）该小组又将重力为5.4n的实心铝球悬挂于弹簧测力计下，并将铝球浸没在a图第一个容器的水中，此时弹簧测力计的拉力为 n（水没溢出），浸入铝球后该容器对桌面的压强将增加 pa，若将该铝球浸没于某种液体中，弹簧测力计的示数为3n，则该液体的密度为 kg/m3（已知铝=2.7103kg/m3）四.论述与计算题19如图所示是我国自主研制的新型气垫两栖登陆艇，它的质量约为1.0105kg底面积约为500m2求：（1）登陆艇静止在水平海滩上时，对海滩的压强（g=10n/kg）；（2）若登陆艇用3.0105n的推进力，以25m/s的航速行驶10min，登陆艇的功率20如图所示是一种电热水龙头和它的电路简图旋转手柄可使扇形开关s同时接触两个相邻触点，从而控制流出的水为冷水、温水或热水已知r1、r2是电热丝，r2=55，温水档的电功率是2.2kw求：（1）当流出水为温水时，接入电阻的值；（2）当流出水为温水时，该水龙头1min消耗的电能若由燃油燃烧提供，所需燃油的质量；（燃油的热值为4.4107 j/kg）（3）若该水龙头1min能放出约1kg的温水，效率为84%，则温水升高的温度21如图甲电路所示，电源电压恒定，小灯泡l标有“6v 6w”的字样，小灯泡l和定值电阻r的电流随电压的变化曲线如图乙所示求：（1）小灯泡的额定电流（2）只闭合开关s，小灯泡l的实际功率为1w，若再闭合开关s1，电路消耗的总功率（3）将图甲电路中的灯泡l拆下后与一个滑动变阻器r串联在某电源上，如图丙所示，调节滑片到中点时，电流表示数为0.5a，调节滑片到右端时，电流表示数为0.3a，求滑动变阻器的最大阻值参考答案一.选择题1下列几种估测中，最符合实际情况的是（）a智能手机的功率约为70wb人淋浴时的水温约为80c对人体的安全电压为220vd课桌的高度大约为8dm【考点】j7：电功率；13：温度；63：长度的估测；i1：电压【分析】结合生活常识，对选项中的数据进行分析，看是否符合实际，然后排除不正确的，选择正确的答案【解答】解：a、智能手机正常使用时的功率比较小，在1w以内，故a错误；b、人淋浴时的水温略高于人的体温，在40左右，故b错误；c、对人体的安全电压为不高于36v，故c错误；d、课桌的高度大约为8dm=80cm，故d正确故选d2如图所示的四种光现象中，属于光的折射现象的是（）a倒映在水中的群山b水中的勺子c树荫下的圆形光斑d墙上的手影【考点】a6：光的反射；am：光的折射现象及其应用【分析】光从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向会发生偏折，如：透镜的应用、池水变浅了等光在同一均匀介质中是沿直线传播的，应用的实例有：小孔成像、影子的形成、日食和月食现象；光的反射是指光线遇到障碍物被反射回来的现象，比如我们平时看到的物体，平面镜成像等【解答】解：a、山在水中形成“倒影”，是光的反射，故a错误；b、水中弯折的铅笔，属于光的折射现象，故b正确；c、太阳光在树荫下形成圆形光斑是光的直线传播现象，故c错误；d、屏幕上呈现人的手的影子是光的直线传播现象，故d错误；故选b3如图所示，小玲在吃雪糕时，看到雪糕周围冒“冷气”，由此她联想到了烧开水时壶嘴中冒“热气”的情景对此，下列说法中正确的是（）a“冷气”和“热气”都是液化形成的小水珠b“冷气”和“热气”都是汽化成的水蒸气c“冷气”形成的过程要放热，“热气”形成的过程要吸热d“冷气”是液化形成的，“热气”是汽化形成的【考点】1m：液化及液化现象【分析】人眼看见的“白气”不是气体，而是水蒸气液化而成的小水珠，液化的过程要放出热量【解答】解：吃雪糕时，看到雪糕周围冒“冷气”，即是由于空气中的水蒸气遇到较冷的雪糕时，液化而成的小水滴，这一过程放出热量；而烧开水时壶嘴里冒“热气”，是由于从壶中热水汽化成的高温水蒸气遇到外界较冷的空气液化而成的小水滴，这一过程放出热量故“冷气”和“热气”本质是相同的，但水蒸气的来源不同，前者来源于空气中、后者是由热水汽化生成的，故a正确故选a4小雯在观看杂技表演，有一项跳板节目引起了她的注意，如图所示，两名质量为60kg的男演员同时从3m高处自由下落到跳板的一端，站立于跳板另一端的一名质量为45kg的女演员被向上弹起4m高（不计空气阻力）下列说法中错误的是（）a男演员落下的过程中，他们的重力势能转化为动能b女演员离开跳板后仍能上升，是由于女演员有惯性c女演员站在倾斜的跳板上，她对跳板的压力等于自身重力d该跳板的机械效率为50%【考点】fu：动能和势能的转化与守恒；6l：惯性；81：压力及重力与压力的区别；f3：机械效率的计算【分析】（1）影响动能的因素是质量和速度，影响重力势能的因素是质量和高度，根据这些判断动能和重力势能得转化；（2）物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性，惯性是物体的一种属性；（3）只有在水平面上时压力等于重力；（4）根据w=gh=mgh分别求出木板对女演员做有用功和两名男演员对木板做的总功，根据机械效率公式求出跳板的机械效率【解答】解：a、影响动能的因素是质量和速度，影响重力势能的因素是质量和高度，男演员落下时高度减小，重力势能减小，速度增大，动能增大，所以重力势能转化成动能，故a正确；b、女演员离开跳板后仍能上升，是由于女演员有惯性，仍要保持原来的运动状态故b正确；c、因为只有在水平面上时压力等于重力，当女演员站在倾斜的跳板上，她对跳板的压力不等于重力，故c错误；d、两名男演员做的总功：w总=2g1h1=2m1gh1=260kg9.8n/kg3m=3528j，对女演员做的有用功：w有=g2h2=m2gh2=45kg9.8n/kg4m=1764j，跳板的机械效率为：=100%=100%=50%故d正确故选c5下列关于光现象的说法中正确的是（）a入射光线与反射面的夹角为15时，反射角也为15b凸透镜既能成放大的像，也能成缩小的像c镜面反射遵守光的反射定律，漫反射不遵守光的反射定律d眼睛视物的原理与照相机成像原理相同，都是成正立缩小的像【考点】a7：光的反射定律；a9：镜面反射；b8：凸透镜成像的应用；b9：眼睛及其视物原理【分析】（1）反射定律的内容：反射光线与入射光线、法线在同一平面上；反射光线和入射光线分居在法线的两侧；反射角等于入射角（2）凸透镜成像的三种情况：u2f，成倒立、缩小的实像；2fuf，成倒立、放大的实像；uf，成正立、放大的虚像【解答】解：a、当入射光线与反射面的夹角为15时，则入射角为9015=75，所以反射角也为75，故a错误b、凸透镜能成放大的像，也能成缩小的像，能成倒立的像，也能成正立的像故b正确c、镜面反射和漫反射的每条光线都要遵循光的反射定律，故c错误d、眼睛视物的原理与照相机成像原理相同，都是成倒立缩小的像，故d错误故选b6电压力锅是一种新型家用电器，集高压锅与电饭锅优点于一体，既安全又环保下列说法中正确的是（）a电压力锅工作时是将内能转化为电能b电压力锅是利用增大气压降低沸点的原理来加快煮熟食物的c电压力锅煮饭时冒出的“白气”是水蒸气d电压力锅使用三脚插头是为了将外壳与地线相连【考点】1j：沸点及沸点与气压的关系；1m：液化及液化现象；it：插座的构造与工作方式；j2：电功的实质【分析】解决本题必备知识：1了解电热器的工作原理是将电能转化为热能；2液体的沸点与气压有关，气压越高沸点越高；3在一定条件下，物质三态会相互转化，这就是物态变化，物质由气态变为液态叫液化；4三脚插头的作用是将用电器的金属外壳与大地连接，防止因漏电而发生触电事故【解答】解：a电压力锅属于电热器，它工作时，主要将电能转化为内能，故a错误；b电压力锅密封性很好，锅内气压可超过标准大气压，所以它是利用增大压强，使沸点升高的原理来更快煮熟食物的，故b错误；c电压力锅煮饭时冒出的“白气”是高温的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，而水蒸气是人眼看不见的，故c错误；d电压力锅这类大功率或有金属外壳的家用电器，通常都要使用三脚插头，这是为了防止因漏电使外壳带电而造成触电事故，故d正确故选：d7小明同学利用压敏电阻设计出判断小车运动状态的装置，其工作原理如图甲所示，将压敏电阻和一块挡板固定在绝缘小车上，中间放置一个光滑绝缘小球，小车始终在平直的轨道上向右运动压敏电阻r的阻值随所受的压力增大而减小，当小车向右作匀速直线运动时，绝缘球对小车的挡板及压敏电阻的压力均为零，压敏电阻的阻值最大小车在整个运动的过程中，电流表的示数随时间的变化情况如图乙所示已知电源电压为6v，电阻r0为5，小车在010s内的速度为0.5m/s则在下列说法中错误的是（）a小车在020s内，当电路中电流最大时压敏电阻所消耗的功率是6wb小车在010s内，压敏电阻r的阻值都是10c小车在010s内通过的路程是5md小车在10s20s内做加速运动【考点】ja：电功率的计算；69：速度公式及其应用；ih：欧姆定律的应用【分析】（1）由电路图可知，定值电阻r0与压敏电阻r串联，电流表测量电路中的电流；从图象中找出最大电流，根据u=ir求出电阻r0两端的电压，再根据串联电路电压规律得出压敏电阻r两端的电压，然后根据p=ui求出压敏电阻所消耗的功率；（2）从图象中找出此时的电流，根据欧姆定律的变形公式求出电路的总电阻，根据串联电路电阻特点得出压敏电阻r的阻值；（3）由题可知小车在010s内做匀速直线运动，又知道速度和时间，根据公式s=vt求出小车在010s内通过的路程；（4）根据图象判断在1020s内电流的变化，进而得出压敏电阻的阻值变化情况，从而得出压力变化情况，再确定小车的运动情况【解答】解：由小车上的电路图可知，定值电阻r0与压敏电阻r串联，电流表测量电路中的电流；a、由图乙可知，小车在020s内，电路中最大电流i最大=1.0a，由i=可得，电阻r0两端的电压：u0=i最大r0=1.0a5=5v，根据串联电路电压的特点可知，此时压敏电阻r两端的电压：u压敏=uu0=6v5v=1v，则此时压敏电阻所消耗的功率：p压敏=u压敏i最大=1v1.0a=1w，故a错误b、在010s内，由图乙可知，电路中的电流保持0.4a不变，根据欧姆定律可知，电路的总电阻和压敏电阻的阻值均不变，此时电路的总电阻：r总=15；由串联电路的电阻特点可知，压敏电阻r的阻值：r=r总r0=155=10，故b正确；c、由题意可知，小车在010s内做匀速直线运动，由v=可得，小车在010s内通过的路程：s=vt=0.5m/s10s=5m，故c正确；d、由图乙可知，在1020s内，电流i均匀变大，说明压敏电阻r的阻值变小，压力变大，这是由于小车做加速运动使得压敏电阻和小球发生挤压造成的，故d正确故选a8如图是抽水马桶水箱进水自动控制的结构原理图，aob为一可绕固定点o转动的轻质杠杆，已知oa：ob=1：2，a端所挂空心合金球质量为0.3kg（球=3.0103kg/m3），圆柱形容器底面积100cm2当合金球体积的浸在水中，在b端施加1n的竖直向下的拉力f时，杠杆恰好在水平位置平衡下列结果正确的是（）a该合金球的体积为1104m3b该合金球空心部分的体积为1104m3c该合金球进入水中后，容器底部所受压强增加100pad该合金球排开水的重为2n【考点】89：液体的压强的计算；7n：杠杆的平衡条件；8o：阿基米德原理【分析】（1）已知合金球的质量和密度，根据密度公式可求出合金球实心部分的体积；利用g=mg求出球的重力；对合金球进行受力分析可知，合金球受到细线的拉力、重力和浮力作用，因此杠杆a端受到竖直向下的拉力等于gf浮，根据杠杆平衡的条件可求出浮力根据阿基米德原理求出排开水的体积，从而得出球的体积，球的体积减去实心部分的体积即为空心部分的体积；（2）该合金球进入水中后，求出水面升高的高度，利用p=gh即可求出增加的压强【解答】解：（1）由=可知，合金球实心部分的体积：v实心=1104m3；合金球的重力g=mg=0.3kg10n/kg=3n；由杠杆平衡的条件可得：（gf浮）oa=fbob，即：（3nf浮）oa=1nob所以，f浮=1n；根据阿基米德原理可知：g排=f浮=1n；故d错误；由f浮=水gv排可知：v排=1104m3；已知：v排=v球，则v球=3v排=31104m3=3104m3，故a错误；所以空心部分的体积：v空心=v球v实心=3104m31104m3=2104m3，故b错误；（2）该合金球进入水中后，v=v排=1104m3，则h=0.01m，所以p=gh=1.0103kg/m310n/kg0.01m=100pa；故c正确故选c二.填空与作图题9如图所示，是一种利用健身球设计的充电器，当人们在转动球的时候就可以给电池充电，这时健身球里面的装置相当于发电机（选填“电动机”或“发电机”）它工作时的原理是电磁感应【考点】cs：发电机的构造和原理【分析】闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感应运动，此时在电路中就会产生感应电流，该现象就是电磁感应现象，发电机就是利用该原理制成的【解答】解：根据在转动球的时候就可以给电池充电，就可知在转动球的时候是可以发电的，故球的内部装置相当于一个发电机，其是将机械能转化成电能的过程，故它是利用电磁感应现象的原理工作的故答案为：发电机；电磁感应10如图为“擦窗机器人”，它的“腹部”有吸盘当擦窗机器人的真空泵将吸盘内的空气向外抽出时，它在大气压的作用下，牢牢吸在竖直玻璃上当擦窗机器人在竖直玻璃板上静止时，若真空泵继续向外抽气，擦窗机器人受到的摩擦力不变（选填“变大”、“变小”或“不变”）【考点】6t：二力平衡条件的应用；8e：大气压强的存在【分析】（1）吸盘主要是利用大气压来工作的，据此解答；（2）物体静止时处于平衡状态，受到的力为平衡力；【解答】解：（1）当擦窗机器人的真空泵将吸盘内的空气向外抽出时，内部气体压强减小，它在外界大气压的作用下被告牢牢吸在竖直玻璃上（2）擦窗机器人在竖直玻璃板上静止时，处于平衡状态，竖直方向受到的重力和摩擦力是一对平衡力，二力大小相等，当真空泵继续向外抽气时，机器人的重力不变，则擦窗机器人受到的摩擦力不变；故答案为：大气压；不变11利用如图所示的装置，在10s内将重为90n的物体匀速提升1m，不计绳重和摩擦，若整个装置的机械效率为75%，则拉力的功率为12w；若绳子能承受的最大拉力为50n，此装置的机械效率最大可提高到80%【考点】f3：机械效率的计算；f4：滑轮（组）的机械效率；ff：功率的计算【分析】由图知，使用滑轮组承担物重的绳子股数n=3，拉力端移动的距离s=3h（1）利用w=gh求有用功，再利用效率公式=求总功，利用p=求拉力的功率；（2）利用w=fs求拉力，不计绳重和摩擦，拉力f=（g+g轮），据此求动滑轮重力；当绳能承受的最大拉力为50n时，利用f=（g+g轮）求提升的最大物重，再利用效率公式=求最大机械效率【解答】解：（1）由图知，n=3，拉力端移动的距离s=3h=31m=3m，有用功：w有用=gh=90n1m=90j，由=75%得总功：w总=120j，拉力的功率：p=12w；（2）由w总=fs得拉力：f=40n；不计绳重和摩擦，拉力f=（g+g轮），则动滑轮重力：g轮=3fg=340n90n=30n，当绳能承受的最大拉力f最大=50n时，由f最大=（g最大+g轮）可得，最大物重：g最大=3f最大g轮=350n30n=120n，此装置的最大机械效率：最大=100%=80%故答案为：12；8012如图甲的电路中，电源电压保持不变，闭合开关后，滑片p由b端移到a端，电流表示数i与电压表示数u的变化关系如图乙所示，则可判断电源电压是9v，滑动变阻器的最大阻值是12【考点】ih：欧姆定律的应用【分析】由电路图可知，r与滑动变阻器串联，电压表测r两端的电压，电流表测电路中的电流（1）当滑片在a端时，电路为r的简单电路，此时电路中的电流最大，电压表的示数就是电源电压，由图乙读出对应的电流和电压，根据欧姆定律求出定值电阻r阻值；（2）当滑片位于b端时，r与滑动变阻器的最大阻值串联，此时电路中的电流最小，电压表的示数最小，根据图象读出电表示数，根据串联电路的电压特点求出变阻器两端的电压，利用欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值【解答】解：（1）当滑片在a端时，电路为r的简单电路，电压表的示数最大，电流表的示数最大，由图象可知，电源的电压u=9v，电路中的电流i=1.5a，由i=可知，电阻r的阻值：r=6；（2）当滑片位于b端时，r与滑动变阻器的最大阻值串联，此时电路中的电流最小，电压表的示数最小，由图象可知，r两端的电压ur=3v，电路中的最小电流i=0.5a，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，滑动变阻器两端的电压：u滑=uur=9v3v=6v，滑动变阻器的最大阻值：r滑=12故答案为：9；1213荣威e950插电式混合动力汽车于今年3月正式上市，百公里平均油耗约1.7l除增加能耗显示外，带空气加速净化功能的双区自动空调和座椅加热等功能依旧配备它有两种动力系统，当汽车加速汽油机提供的动力不足时，蓄电池的提供电能，使汽车加速更快；当汽车减速时，汽车由蓄电池将能量贮存起来，减少能量的消耗两种动力系统也可独立工作，只有汽油机工作时，由汽油燃烧提供热能，对外公共；只使用电力时，则由电动机提供动力请阅读信息，仿照示例写出2个涉及的物理信息所对应的物理知识示例：座椅加热，是电流的热效应（1）汽车加速，牵引力大于阻力；（2）蓄电池提供电能，化学能转化为电能【考点】2r：物理常识【分析】根据材料中的内容，从运动和力的关系、能量转化、热机工作原理等方面找出所涉及的物理知识【解答】解：（1）汽车加速，牵引力大于阻力；（2）蓄电池提供电能，化学能转化为电能；（3）蓄电池将能量储存起来，电能转化为化学能；（4）汽油机工作，内能转化为机械能；（5）电动机提供动力，电能转化为机械能故答案为：（1）汽车加速，牵引力大于阻力；（2）蓄电池提供电能，化学能转化为电能14在图中画出与入射光线对应的折射光线【考点】b6：透镜的光路图【分析】在作凸透镜、凹透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学特点来作图【解答】解：通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴，如图所示：平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点，如图所示：15请在如图中画出足球在水平地面上所受重力的示意图【考点】7b：重力示意图【分析】根据规则物体的重心在物体的几何中心，过重心表示出重力的大小和方向【解答】解：过足球的重心沿竖直向下的方向画一条带箭头的线段，并用符号g表示，如下图所示：三、实验与探究题16小明在探究杠杆的平衡条件的实验中，以杠杆中点为支点（1）在调节杠杆平衡时，小明发现杠杆右端低左端高，此时应将杠杆右端的平衡螺母向左（左/右）调节，使它在水平位置平衡（2）如图甲所示，杠杆在水平位置平衡，记录数据根据这一次实验数据，小明立即分析得出杠杆的平衡条件，小明这种做法的不足是：实验次数太少，结论具有偶然性（3）如图乙所示，小明设计了两种实验方案：第一种弹簧测力计沿竖直方向拉，其读数为f1；第二种弹簧测力计倾斜拉，其读数为f2第一（一/二）种实验方案更方便，理由是：能从杠杆上直接读力臂【考点】7u：探究杠杆的平衡条件实验【分析】（1）在调节杠杆平衡时，应将平衡螺母向较高的一端调节；为了便于测量力臂，应使杠杆在水平位置平衡；（2）初中物理用实验探究物理问题时要进行多次实验，有的是为了多次测量求平均值来减小误差；有的是多次测量发现变化规律；有的是为了使实验结论具有普遍性；（3）杠杆的平衡条件是：f1l1=f2l2；探究杠杆平衡条件时，使杠杆在水平位置平衡，此时力的方向与杠杆垂直，力臂的长度可以直接从杠杆上读出来【解答】解：（1）左端高右端低，应将平衡螺母向较高的一端调节，即将左边或右边的平衡螺母向左端调节，使杠杆在水平位置平衡；（2）只有一次实验总结实验结论是不合理的，一次实验很具有偶然性，要多进行几次实验，避免偶然性；（3）力臂等于支点到力的作用线的距离，当杠杆在水平位置平衡时，力的方向与杠杆垂直，力臂可以从杠杆标尺刻度上直接读出来，因此第一种实验方案更方便，此时弹簧测力计的拉力与杠杆垂直，能从杠杆上直接读力臂故答案为（1）左；水平；（2）实验次数太少，结论具有偶然性；（3）一；能从杠杆上直接读力臂17小林用如图甲所示的实验器材探究“电流与电阻的关系”电源电压恒为3v，滑动变阻器上标有“20 2a”字样，阻值分别为5、10、20、100的定值电阻各一个（1）连接电路时，滑动变阻器滑片p要移到最a端（选填“a”或“b”）（2）闭合开关，调节滑动变阻器的滑片p，使电流的示数如图乙所示，此时电路中的电流为0.36a（3）将5定值电阻换乘10定值电阻，闭合开关，为了保持电压表的示数不变，应将滑动变阻器的滑片p向a（选填“a”或“b”）移动，记录此时各表的示数（4）将10定值电阻换成20定值电阻，重复步骤（3），实验记录的多组数据如表1所示分析数据可得结论是电压一定时，通过导体中的电流与电阻成反比实验次数定值电阻（）电流表示数（a）152100.183200.09（5）实验结束后，小林问老师在此实验中能否换用50的定值电阻进行实验？老师指导小林分析了不能更换的原因你认为其原因是r两端电压无法达到1.8v（6）若用该电路测量额定电压为2.5v小灯泡功率，测得数据如表2所示次数12345电压u/v0.41.01.52.02.5电流i/a0.080.160.190.220.24小灯泡的额定功率是0.6w；为完成整个实验，应该选取最大阻值不小于32.5的滑动变阻器【考点】il：探究电流与电压、电阻的关系实验；jf：电功率的测量【分析】（1）连接电路时，滑动变阻器滑片p要移到最大值处；（2）根据电流表量程和分度值读数；（3）研究电流与电阻的关系时，应保持电压表的示数不变，根据串联电路电压的规律和分压原理，判断滑片的移动方向；（4）分析表中数据得出电流与电阻的关系；（5）由欧姆定律求出电压表的示数，根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，由分压原理求出变阻器连入电路中的阻值大小，结合题中条件分析解答；（6）由表中数据，根据p=ui计算灯泡的额定功率；当电路中电流最小时电阻最大，由表中数据根据串联电路特点和欧姆定律计算变阻器最大阻值情况【解答】解：（1）为了保护电路，由图甲知，连接电路时，滑动变阻器滑片p要移到最大值a端；（2）由图乙知，电流表使用00.6a量程，分度值0.02a，所以电流表示数为0.36a；（3）将5电阻换成10后，根据串联电路的分压原理，电压表的示数会变大要控制电压表示数不变，应该增大滑动变阻器的阻值，即应将滑动变阻器的滑片p向a移动，以增大滑动变阻器分得电压，从而使电压表仍为原来的示数不变；（4）分析表中数据知，当电阻变为原来的几倍，通过的电流变为原来的几分之一，所以电流和电阻的关系为：当电压一定时，通过导体中的电流与电阻成反比；（5）由表中数据，根据欧姆定律，电压表示数u=ir=0.36a5=1.8v，由图知电源由两节干电池组成，即电源电压为3v，当定值电阻为50时，要保持电压表示数不变，此时滑动变阻器分去的电压为u滑=3v1.8v=1.2v，根据分压原理， =，变阻器连入电路中的阻值r滑=r定=50=33.3，即变阻器的最大阻值至少为33.3，而题中变阻器的规格为“20 2a”，所以滑动变阻器最大阻值太小，无法保持定值电阻两端电压始终为1.8v（6）灯泡电压为2.5v时正常工作，由表中数据知，此时通过灯泡的电流为0.24a，所以灯泡的额定功率：p=ui=2.5v0.24a=0.6w；由表中数据知，当小灯泡两端的电压ul=0.4v时，电路中电流最小，电阻最大，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，此时滑动变阻器两端的电压u滑=uul=3v0.4v=2.6v，根据串联电路中各处的电流都相等，即i滑=il=0.08a，所以滑动变阻器接入电路中的电阻r滑=32.5，故应该选取最大阻值不小于32.5的滑动变阻器故答案为：（1）a；（2）0.36；（3）电压；a；（4）电压一定时，通过导体中的电流与电阻成反比；（5）r两端电压无法达到1.8v；（6）0.6；32.518某小组同学做“探究容器底部受到液体压强和压力大小的规律”的实验先向如图（a）所示三个底面积不同的圆柱形容器中分别注入等质量的水，测得容器底部受到水的压强值记录在表1中；换用酒精重复上述实验，并将数据记录在表2中之后，他们又在如图（b）所示三个不同底面积的口大底小容器中注入等质量的水，重复上述实验，数据记录在表3中（酒精=0.8103kg/m3）表1（注入水0.1kg）实验序号深度（m）容器底面积（cm2）容器底的压强（pa）10.0110010020.025020030.0520500表2（注入酒精0.08kg）实验序号深度（m）容器底面积（cm2）容器底的压强（pa）40.011008050.025016060.0520400表3（注入水0.1kg）实验序号深度（m）容器底面积（cm2）容器底的压强（pa）70.018010080.024020090.0515500（1）分析比较实验序号1、2、3（或4、5、6或7、8、9）的有关数据，可得出的初步结论：液体内部压强与液体深度有关（2）分析比较实验序号1，4（或2，5，或3，6）有关数据，可得到的初步结论：液体深度相同，液体密度越大，液体压强越大（3）由表1和表3的实验数据，可得出的结论是：同种液体，深度相同时，液体对容器底部的压强与容器底部的面积和容器形状无关（选填“有关”或“无关”）（4）分析实验序号1的实验数据，得出此时容器底部受到液体的压力为1n比较实验序号1、2、3可知规则容器液体对容器底部的压力等于液体的重力；比较实验序号7、8、9可知规则该容器中液体对容器底部的压力小于液体的重力（后两空均选填“大于”、“小于”或“等于”）（5）该小组又将重力为5.4n的实心铝球悬挂于弹簧测力计下，并将铝球浸没在a图第一个容器的水中，此时弹簧测力计的拉力为3.4n（水没溢出），浸入铝球后该容器对桌面的压强将增加200pa，若将该铝球浸没于某种液体中，弹簧测力计的示数为3n，则该液体的密度为1.2103kg/m3（已知铝=2.7103kg/m3）【考点】8c：探究液体压强的特点实验【分析】（1）根据实验步骤总结规律，应明确这些步骤中控制的物理量有哪些，变化的物理量是什么，最终的结果是什么（2）根据实验结论确定实验步骤，要找出实验过程中控制的物理量，变化的物理量，最终实验结果，在实验步骤中对比确定（3）根据实验步骤确定影响因素和总结规律时，都需要明确实验过程中控制的物理量和变化的物理量及变化规律（4）根据公式f=ps计算出水对容器底产生的压力；根据公式g=mg计算液体的重力，将两者大小进行比较，同时比较不同容器形状的区别（5）先根据公式v=计算出铝球的体积，再根据阿基米德原理f浮=水gv排计算出铝球受到水的浮力，根据f示=gf浮计算出弹簧测力计的示数；浸入铝球后，容器内增加的水的体积等于铝球的体积，容器对桌面的压力增大，增大的压力等于增加水的重力，据此计算出增加的压强p利用阿基米德原理f浮=液v排g求液体的密度【解答】解：（1）在实验序号1、2、3（或4、5、6或7、8、9）中，液体的种类是相同的，从上向下，液体深度是增大的，液体对容器底的压强也是增大的所以结论为：同种液体，对容器底的压强随深度的增加而增大（2）在实验结论中，控制的条件是液体深度相同，变化量是液体的密度，所以必须在表一和表二中寻找答案；观察表中的数据可以看出，1、4或2、5或3、6符合要求，可以得出：液体深度相同，液体密度越大，液体压强越大的结论（3）分析比较实验序号1、7（或2、8或3、9）的有关数据，可以看出，同种液体的深度相同、只有容器底部的面积和容器形状不同，而最终的压强是相同的（4）（a）在表一序号1中，水对容器底的压力为f=ps=100pa0.01m2=1n，水的重力为g=mg=vg=1.0103kg/m30.010.01m310n/kg=1n；比较结果知，水对容器底的压力等于水的重力，同理可知，序号2、3中液体对容器底产生的压力都等于液体自身的重力所以结论为：规则容器液体对容器底部的压力等于液体的重力 （b）在表三序号7中，水对容器底的压力为f=ps=100pa0.008m2=0.8n，底面积为80cm2（即0.008m2）的柱形规则容器内水的重力为：g=mg=vg=1.0103kg/m30.0080.01m310n/kg=0.8n；观察图可知，容器为敞口的，则容器内实际水的重力要大于0.8n，比较结果知，水对容器底的压力小于水的重力；同理，序号8、9中容器的形状都是敞口的，水对容器底的压力也小于液体的重力，所以结论为：敞口容器中，液体对容器底的压力小于液体的重力；（5）实心铝球的质量：m=0.54kg，铝球的体积：v球=2104m3，排开水的体积等于铝球的体积，铝球受到的浮力：f浮=g排水=水gv排=1.0103kg/m310n/kg2104m3=2n，弹簧测力计的拉力：f拉=gf浮=5.4n2n=3.4n；铝球浸没在水中时，容器内相当于增加了与铝球同体积的水，容器对桌面的压力将增大，增加的压力等于增加水的重力，即增加的压力为2n，所以容器对桌面的压强增大，增大的压强为：p=200pa铝球在水中时，有阿基米德原理可知，球的体积为：v=v排液=2104m3；物体受到液体的浮力：f浮液=gf示液=5.4n3n=2.4n，根据f浮=液v排g可得，液体的密度：液=1.2103kg/m3；故答案为：（1）液体深度；（2）1，4（或2，5，或3，6）；（3）无关；（4）1；等于；小于；（5）3.4；200；1.2103四.论述与计算题19如图所示是我国自主研制的新型气垫两栖登陆艇，它的质量约为1.0105kg底面积约为500m2求：（1）登陆艇静止在水平海滩上时，对海滩的压强（g=10n/kg）；（2）若登陆艇用3.0105n的推进力，以25m/s的航速行驶10min，登陆艇的功率【考点】86：压强的大小及其计算；ff：功率的计算【分析】（1）登陆艇静止在水平