2019届高三物理第二轮复习第四周综合提高训练测试题(含解析).doc

2019届高三物理第二轮复习第四周综合提高训练测试题(含解析)一、选择题(本题共8小题,每小题6分.在每小题给出的四个选项中,第1417题只有一项符合题目要求,第1821题有多项符合题目要求.全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分)1. 某物体做初速度为0的匀变速直线运动,其xt图像如图所示.该物体在2 s时的速度大小为()A. 2 m/s B. 4 m/s C. 6 m/s D. 8 m/s【答案】B【解析】根据x=at2得物体的加速度为： 则2s时的速度大小为：v=at=22m/s=4m/s故选B2. 一理想变压器的原线圈连接一只交流电流表,副线圈接入电路的匝数可以通过滑动触头Q调节,如图所示.在副线圈输出端连接了定值电阻R0和滑动变阻器R,原线圈上加一电压为U的交变电流,则()A. 保持Q位置不动,将P向上滑动时,电流表的读数变大B. 保持Q位置不动,将P向上滑动时,电流表的读数不变C. 保持P位置不动,将Q向上滑动时,电流表的读数变小D. 保持P位置不动,将Q向上滑动时,电流表的读数变大【答案】D【解析】试题分析：在原、副线圈匝数比一定的情况下，变压器的输出电压由输入电压决定因此，当Q位置不变时，输出电压U不变，此时P向上滑动，负载电阻值R增大，则输出电流I减小根据输入功率P1等于输出功率P2，电流表的读数I变小，故A、B错误；P位置不变，将Q向上滑动，则输出电压U变大，I变大，电流表的读数变大，则选项C错误，D正确；故选D考点：变压器；电路的动态分析3. 如图所示,在粗糙的水平面上,静置一矩形木块,木块由A,B两部分组成,A的质量是B的3倍,两部分接触面竖直且光滑,夹角=30,现用一与侧面垂直的水平力F推着B木块贴着A匀速运动,A木块依然保持静止,则A受到的摩擦力大小与B受到的摩擦力大小之比为()A. 3 B. C. D. 【答案】C【解析】试题分析：先分析B在水平面内的受力情况，根据平衡条件求出B所受的摩擦力与A对B的弹力的关系再对A研究，由平衡条件分析B对的弹力与摩擦力的关系，再求解两个摩擦力之比解：分析B在水平面内的受力情况：推力F、水平面的摩擦力fB、A的弹力N，如图，由平衡条件得：N=fBtan再对A分析水平面内受力情况：B的弹力N和静摩擦力fA，由平衡条件得：N=fA根据牛顿第三定律得知，N=N，则得 fA=fBtan得到 fA：fB=tan=tan30=故选C【点评】本题采用隔离法分别研究A、B受力情况，由平衡条件和牛顿第三定律求解摩擦力之比4. 如图所示,在直角坐标系中(10,0),(0,10)两处分别固定两个等量正点电荷q=110-7 C,在(0,-10),(-10,0)两处分别固定两个等量负点电荷-q=-110-7 C,已知静电力常量k=9.0109 Nm2/C2.取无穷远处电势为0,下列判断正确的是()A. O点电势为零,场强E=9 V/mB. 将一个正电荷从(-5,5)点移动到(5,-5)点电场力做负功C. 将一个正电荷从(5,5)点移动到(-5,-5)点电场力做正功D. (5,5)点和(-5,-5)点电场强度等大、反向【答案】C【解析】依据正点电荷的电场强度方向背离，而负电荷电场强度方向是指向，则O点的合电场强度方向如图所示，因虚线垂直电场强度方向，即为等势线，且指向无穷远，则O点的电势为零，再根据点电荷的电场强度公式，结合矢量的合成法则，那么O点的电场强度 ，故A错误； 将（-5，5）点与（5，-5）点连接线，可知始终与电场强度方向垂直，则为等势线，因此一个正电荷从（-5，5）点移动到（5，-5）点电场力不做功，故B错误；依据库仑定律，结合矢量的合成法则，则有（5，5）点与（-5，-5）点的电场力方向相同，当一个正电荷从（5，5）点移动到（-5，-5）点电场力做正功，故C正确；根据对称性，及点电荷电场强度公式，两正点电荷在（5，5）的合电场强度大小与两负点电荷在（-5，-5）的合电场强度大小相等，方向相同，而两正点电荷在（-5，-5）的合电场强度大小与两负点电荷在（5，5）的合电场强度大小相等，方向相同，那么依据矢量的合成法则，则有（5，5）点和（-5，-5）点电场强度大小相等，方向相同，故D错误；故选C考点睛：查矢量的合成法则，掌握点电荷的电场强度公式的应用，理解等势线与电场线总垂直，注意正点电荷的电场强度的方向是背离，而负电荷的电场强度方向是指向5. 如图所示,竖直平面内的光滑绝缘轨道ABC,AB为倾斜直轨道,BC为圆形轨道,圆形轨道处在匀强磁场中,磁场方向垂直纸面向里.质量相同的甲、乙、丙三个绝缘小球,甲球带正电、乙球带负电、丙球不带电.现将三个小球从轨道AB上分别从不同高度处由静止释放,都恰好通过圆形轨道的最高点,则()A. 经过最高点时,三个小球的速度应相等B. 经过最高点时,甲球的速度应最小C. 释放的甲球位置比乙球高D. 运动过程中三个小球的机械能均保持不变【答案】CD【解析】试题分析：在最高点时，甲球受洛伦兹力向下，乙球受洛伦兹力向上，而丙球不受洛伦兹力，故三球在最高点受合力不同，故由知，三球的速度不相等，A错；因甲球在最高点受合力最大，故甲球在最高点的速度最大，B错；因甲球的速度最大，而在整个过程中洛伦兹力不做功，故机械能守恒，甲球释放时的高度最高，C对；因洛伦兹力不做功，故系统机械能守恒，三小球的机械能保持不变，D对。考点：机械能守恒、带电粒子在匀强磁场中的运动。【名师点睛】复合场中重力是否考虑的三种情况(1)对于微观粒子，如电子、质子、离子等，因为其重力一般情况下与电场力或磁场力相比太小，可以忽略而对于一些实际物体，如带电小球、液滴、金属块等，一般应考虑其重力(2)在题目中明确说明的按说明要求是否考虑重力(3)不能直接判断是否考虑重力的，在进行受力分析与运动分析时，要由分析结果确定是否考虑重力6. 关于科学家和他们的贡献,下列说法正确的是()A. 德布罗意提出:实物粒子也具有波动性,而且粒子的能量和动量p跟它所对应的波的频率和波长之间,遵从关系=和=B. 卢瑟福认为,原子是一个球体,正电荷弥漫性地均匀分布在整个球体内,电子镶嵌其中C. 按照爱因斯坦的理论,在光电效应中,金属中的电子吸收一个光子获得的能量是h,这些能量的一部分用来克服金属的逸出功W0,剩下的表现为逸出后电子的初动能EkD. 玻尔的原子理论第一次将量子观念引入原子领域,提出了定态和跃迁的概念,成功地解释了所有原子光谱的实验规律【答案】AC【解析】德布罗意提出:实物粒子也具有波动性,而且粒子的能量和动量p跟它所对应的波的频率和波长之间,遵从关系=和=，选项A正确；汤姆孙认为,原子是一个球体,正电荷弥漫性地均匀分布在整个球体内,电子像糟糕一样镶嵌其中，选项B错误； 按照爱因斯坦的理论,在光电效应中,金属中的电子吸收一个光子获得的能量是h,这些能量的一部分用来克服金属的逸出功W0,剩下的表现为逸出后电子的初动能Ek，选项C正确； 玻尔的原子理论第一次将量子观念引入原子领域,提出了定态和跃迁的概念,成功地解释了氢原子光谱的实验规律，但不能解释其它原子光谱的实验规律，选项D错误；故选AC.7. 如图为哈勃望远镜拍摄的银河系中被科学家称为“罗盘座T星”系统的照片,该系统是由一颗白矮星和它的类日伴星组成的双星系统,图片下面的亮点为白矮星,上面的部分为类日伴星(中央最亮的为类似太阳的天体).由于白矮星不停地吸收由类日伴星抛出的物质致使其质量不断增加,科学家预计这颗白矮星在不到1 000万年的时间内会完全“爆炸”,从而变成一颗超新星.现假设类日伴星所释放的物质被白矮星全部吸收,并且两星之间的距离在一段时间内不变,两星球的总质量不变,不考虑其他星球对该“罗盘座T星”系统的作用,则下列说法正确的是()A. 两星之间的万有引力不变B. 两星的运动周期不变C. 类日伴星的轨道半径减小D. 白矮星的线速度变小【答案】BD【解析】试题分析：两星间距离在一段时间内不变，由万有引力定律可知，两星的质量总和不变而两星质量的乘积必定变化，则万有引力必定变化故A错误；组成的双星系统的周期T相同，设白矮星与类日伴星的质量分别为M1和M2，圆周运动的半径分别为R1和R2，由万有引力定律提供向心力：，可得，两式相加，白矮星与类日伴星的总质量不变，则周期T不变，B正确；又因为，则双星运行半径与质量成反比，类日伴星的质量逐渐减小，故其轨道半径增大，C错误；白矮星轨道半径减小，根据可知，线速度减小，D正确；故选BD。考点：万有引力定律在天体运动中的应用。【名师点睛】解决天体运动问题，首先要分清中心天体和做圆周运动的天体，以便确定圆心和半径，利用万有引力提供向心力列出向心力表达式，根据题目所给条件选择不同的物理量表示；对双星问题，要明确：（1）它们间的万有引力提供各自做圆周运动的向心力，（2）圆心在连线上，半径之和等于双星间距，(3)角速度相等。8. 带滑轮的木板C放在水平桌面上,小车A通过绕过滑轮的轻绳与物体B相连,如图所示,A,C间及绳与滑轮间摩擦不计,C与桌面间动摩擦因数为,最大静摩擦力等于滑动摩擦力,A,C质量均为m,小车运动时木板C保持静止,物体B的质量M可改变,则下列说法正确的是()A. 当M=m时,C受到桌面的摩擦力大小为mgB. 当M=m时,C受到桌面的摩擦力大小为C. 在M改变时,若保持C静止,必须满足D. 无论值为多大,C都能保持静止【答案】BC考点：牛顿第二定律【名师点睛】本题主要考查了牛顿第二定律以及共点力平衡条件的应用，解题时要注意无论M多大，AB总是做匀加速直线运动，可以把AB看成一个整体，千万不能认为当M=m时，AB静止，同时注意木板对桌面的压力大小不能搞错；此题有难度.二、非选择题(包括必考题和选考题两部分.第2225题为必考题,每个试题考生都必须作答.第3334题为选考题,考生根据要求作答)(一)必考题:共47分.9. 如图(甲)为某磁敏电阻在室温下的电阻磁感应强度特性曲线,其中RB表示有磁场时磁敏电阻的阻值,R0表示无磁场时磁敏电阻的阻值.为测量某磁场的磁感应强度B,需先测量磁敏电阻处于磁场中的电阻值.(1)请在图(乙)中添加连线,将电源(电动势3 V,内阻不计)、磁敏电阻(无磁场时阻值R0=250 )、滑动变阻器(总电阻约10 )、电流表(量程2.5 mA,内阻约30 )、电压表(量程3 V,内阻约3 k)、开关连接成测量磁敏电阻阻值的实验电路_.(2)将该磁敏电阻置于待测匀强磁场中.不考虑磁场对电路其他部分的影响.闭合开关后,测得如下表所示的数据:123456U/V0.000.450.911.501.792.71I/mA0.000.300.601.001.201.80根据上表可求出磁敏电阻的测量值RB=_,结合图(甲)可知待测磁场的磁感应强度B=_T.(结果均保留两位有效数字)【答案】 (1). 1.5103 (2). 0.80【解析】（1）采用伏安法测量电阻，由于待测电阻较大，采用电流表内接法，滑动变阻器采用分压式接法，连接实物图如图所示；（2）由求出每次R的测量值，再采用多次测量取平均的方法，则得 ；由图甲可知待测磁场的磁感应强度B为0.80T；点睛：本题关键是用伏安法测量出磁敏电阻的阻值，然后根据某磁敏电阻在室温下的电阻-磁感应强度特性曲线查出磁感应强度，同时要能读懂各个图象的物理意义，变化规律10. 某兴趣小组利用如图所示弹射装置将小球竖直向上抛出来验证机械能守恒定律.一部分同学用游标卡尺测量出小球的直径为d,并在A点以速度vA竖直向上抛出;另一部分同学团结协作,精确记录了小球通过光电门B时的时间为t.用刻度尺测出光电门A,B间的距离为h.已知小球的质量为m,当地的重力加速度为g,完成下列问题.(1)小球在B点时的速度大小为_;(2)小球从A点到B点的过程中,动能减少量为_;(3)在误差允许范围内,若等式_成立,就可以验证机械能守恒(用题目中给出的物理量符号表示).【答案】 (1). (1) (2). (2) m-m (3). (3)gh= (-)【解析】（1）小球在B点的瞬时速度大小 （2）小球从A点到B点，动能的减小量EkmvA2mvB2=mvA2m（3）重力势能的增加量为mgh，若mgh=mvA2m即gh= (vA2)，则机械能守恒11. 某同学设计了一个电磁推动加喷气推动的火箭发射装置,如图所示.竖直固定在绝缘底座上的两根长直光滑导轨,间距为L.导轨间加有垂直导轨平面向里的匀强磁场B.绝缘火箭支撑在导轨间,总质量为m,其中燃料质量为m,燃料室中的金属棒EF电阻为R,并通过电刷与电阻可忽略的导轨良好接触.引燃火箭下方的推进剂,迅速推动刚性金属棒CD(电阻可忽略且和导轨接触良好)向上运动,当回路CEFDC面积减少量达到最大值S,用时t,此过程激励出强电流,产生电磁推力加速火箭.在t时间内,电阻R产生的焦耳热使燃料燃烧形成高温高压气体,当燃烧室下方的可控喷气孔打开后,喷出燃气进一步加速火箭.(1)求回路在t时间内感应电动势的平均值及通过金属棒EF的电荷量,并判断金属棒EF中的感应电流方向;(2)经t时间火箭恰好脱离导轨,求火箭脱离时的速度v0;(不计空气阻力)(3)火箭脱离导轨时,喷气孔打开,在极短的时间内喷射出质量为m的燃气,喷出的燃气相对喷气前火箭的速度为u,求喷气后火箭增加的速度v。(提示:可选喷气前的火箭为参考系)【答案】(1)金属棒中电流方向为EF (2)-gt(3)（3）以火箭为参考系，设竖直向上为正，根据动量守恒定律得：-mu+（m-m）v=0解得： 点睛：本题主要考查了电磁感应定律、楞次定律、动量定理、动量守恒定律的直接应用，要求同学们能正确分析物体的受力情况和运动情况，注意求电荷量时要用平均电流，用动量守恒定律解题时要规定正方向12. 如图所示,虚线框内为某种电磁缓冲车的结构示意图,其主要部件为缓冲滑块K和质量为m的“U”形框缓冲车厢.在车厢的底板上固定着两个光滑水平绝缘导轨PQ,MN,缓冲车的底部固定有电磁铁(图中未画出),能产生垂直于导轨平面并随车厢一起运动的匀强磁场,磁场的磁感应强度为B,设导轨右端QN是磁场的右边界.导轨内的缓冲滑块K由高强度绝缘材料制成,滑块K上绕有闭合矩形线圈abcd,线圈的总电阻为R,匝数为n,ab边长为L.假设缓冲车以速度v0与障碍物C碰撞后,滑块K立即停下(碰前车厢与滑块相对静止),此后线圈与电磁铁磁场的作用使车厢减速运动,从而实现缓冲.不计一切摩擦阻力.(1)求滑块K的线圈中最大感应电动势Em的大小;(2)若缓冲车厢向前移动距离L后速度为零(导轨未碰到障碍物),则此过程线圈abcd中通过的电荷量q和产生的焦耳热Q各是多少?(3)若缓冲车以某一速度v0(未知)与障碍物C碰撞后,滑块K立即停下,缓冲车厢所受的最大水平磁场力为Fm.缓冲车在滑块K停下后,其速度v随位移x的变化规律满足:v=v0-x.要使导轨右端不碰到障碍物,则缓冲车与障碍物C碰撞前,导轨右端与滑块K的cd边距离至少多大?【答案】(1)nBLv0(2)nm(3)【解析】试题分析：（1）（2）由法拉第电磁感应定律：其中由电流强度计算公式：,，得到由功能关系得到：（3）当缓冲车以某一速度（未知）与障碍物C碰撞后，滑块K立即停下，滑块相对于磁场的速度大小为。线圈产生的感应电动势为线圈中的电流为，线圈ab受到的安培力由题意得：，解得由题意知当v=0时，解得：考点：法拉第电磁感应定律；安培力；功能关系【名师点睛】此题是对法拉第电磁感应定律，安培力及功能关系的考查；关键是能弄懂题意，并能掌握求解电动势，电量以及电热的基本方法；注意求解电量时要用平均电动势的值；此题有一定的难度；意在考查学生的综合分析能力(二)选考题:共15分.(请考生从2道物理题中任选一题作答)13. 下列说法正确的是.(填正确答案标号.选对1个得2分,选对2个得4分,选对3个得5分.每选错1个扣3分,最低得分为0分)A. 液晶像液体一样具有流动性,而其光学性质和某些晶体相似,具有各向异性B. 单晶体的某些物理性质具有各向异性,而多晶体和非晶体是各向同性的C. 物体中分子热运动的动能的总和等于物体的内能D. 随着科学技术的不断进步,总有一天能实现热量自发地从低温物体传到高温物体E. 当分子力表现为斥力时,分子力和分子势能都是随分子间距离的减小而增大【答案】ABE【解析】液晶像液体一样具有流动性,而其光学性质和某些晶体相似,具有各向异性，选项A正确； 单晶体的某些物理性质具有各向异性,而多晶体和非晶体是各向同性的，选项B正确； 物体中分子热运动的动能的总和与分子势能的总和等于物体的内能，选项C错误；根据热力学第二定律，热量不可能自发地从低温物体传到高温物体，选项D错误； 当分子力表现为斥力时,分子力随分子间距离的减小而增大；当分子距离减小时，分子力做负功，则分子势能增大，选项E正确；故选ABE.14. 如图所示,两个绝热、光滑、不漏气的活塞A和B将汽缸内的理想气体分隔成甲、乙两部分,汽缸的横截面积为S=500 cm2.开始时,甲、乙两部分气体的压强均为1 atm(标准大气压)、温度均为27 ,甲的体积为V1=20 L,乙的体积为V2=10 L.现保持甲气体温度不变而使乙气体升温到127 ,若要使活塞B仍停在原位置,则活塞A应向右推多大距离?【答案】0.1m【解析】试题分析：对气体乙，由题意知做等容变化，由查理定律得因活塞B光滑,甲乙气体压强相等，对气体甲，做等温变化，有： ，由玻意耳定律得：活塞向右移动：得考点：理想气体状态方程【名师点睛】此题的关键是找到压力和压强关系，每一问都要分析清楚气体的初末状态的参量，注意单位。15. 两列简谐横波的振幅都是10 cm,传播速度大小相同.实线波的频率为2 Hz,沿x轴正方向传播;虚线波沿x轴负方向传播.某时刻两列波在如图所示区域相遇,则.(填正确答案标号.选对1个得2分,选对2个得4分,选对3个得5分.每选错1个扣3分,最低得分为0分)A. 实线波和虚线波的频率之比为32B. 在相遇区域会发生干涉现象C. 平衡位置为x=6 m处的质点此刻速度为零D. 平衡位置为x=8.5 m处的质点此刻沿y轴负方向运动E