江西省赣州市赣县中学北校区2018_2019学年高二物理下学期3月考试题（含解析）.docx

江西省赣州市赣县中学北校区2018-2019学年高二下学期3月考物理试题一、单选题（本大题共7小题，共28.0分）1.关于物理学史，下列说法正确的是()A. 奥斯特首先发现了电磁感应现象B. 楞次发现了电流的磁效应，拉开了研究电与磁相互关系的序幕C. 法拉第首先发现了电流的热效应D. 纽曼和韦伯先后总结出了法拉第电磁感应定律【答案】D【解析】【详解】A、法拉第发现了电磁感应现象，故A错误；B、奥斯特发现了电流的磁效应，故B错误；C、焦耳发现了电流的热效应，故C错误；D、纽曼和韦伯先后总结出了法拉第电磁感应定律，故D正确；故选D。2. 如图所示，若套在条形磁铁上的弹性金属导线圈突然缩小为线圈，则关于线圈的感应电流及其方向（从上往下看）是（ ）A. 有顺时针方向的感应电流B. 有逆时针方向的感应电流C. 先逆时针后顺时针方向的感应电流D. 无感应电流【答案】B【解析】试题分析：根据楞次定律，结合磁通量的变化，从而即可求解有关磁通量的变化判定：磁感线是闭合曲线，在磁铁外部，从N极出发进入S极；在磁铁内部，从S极指向N极图中，磁铁内部穿过线圈的磁感线方向向上，磁铁外部，穿过线圈的磁感线方向向下，与内部的磁通量抵消一部分，根据线圈面积大小，抵消多少来分析磁通量变化情况解：磁感线是闭合曲线，磁铁内部穿过线圈的磁感线条数等于外部所有磁感线的总和，图中内部磁感线线比外部多外部的磁感线与内部的磁感线方向相反，外部的磁感线将内部抵消，II位置磁铁外部磁感线条数少，将内部磁感线抵消少，则II位置磁通量大而位置磁铁外部磁感线条数多，将内部磁感线抵消多，则I位置磁通量小当弹性金属导线圈突然缩小为线圈，则磁通量变大，且磁场方向由下向上，根据楞次定律，则有顺时针方向的感应电流，故A正确，BCD错误；故选：A【点评】对于穿过回路的磁场方向有两种的情况确定磁通量时，要根据抵消后总的磁通量来进行比较或计算大小，同时掌握楞次定律的应用，注意“增反减同”3.如图所示的电路中，A、B是两个相同的小灯泡L是一个带铁芯的线圈，其电阻可忽略不计调节R，电路稳定时两小灯泡都正常发光，则（ ）A. 合上开关时，A、B两灯同时正常发光，断开开关时，A、B两灯同时熄灭B. 合上开关时，B灯比A灯先达到正常发光状态C. 断开开关时，A、B两灯都不会立即熄灭，通过A、B两灯的电流方向都与原电流方向相同D. 断开开关时，A灯会突然闪亮一下后再熄灭【答案】B【解析】【详解】AB、合上开关时，B灯立即正常发光，A灯所在的支路中，由于L产生的自感电动势阻碍电流的增大，A灯将推迟一些时间才能达到正常发光状态，故B正确，A错误；CD、断开开关时，L中产生与原电流方向相同的自感电流，流过A灯的电流方向与原电流方向相同，流过B灯的电流方向与原电流方向相反，因为断开开关后，由L作为电源提供的电流是从原来稳定时通过L的电流值逐渐减小的，所以A、B两灯只是延缓一些时间熄灭，并不会比原来更亮，故C、D错误；故选B。4.如图所示为一交变电流的it图象，则此交变电流的有效值为（）A. B. C. 10AD. 【答案】D【解析】有效值的定义可得I12Rt1+I22Rt2=I2RT，可得：，解得：，故D正确，ABC错误。5.如下图所示，平行金属导轨的间距为d，一端跨接一阻值为R的电阻，匀强磁场的磁感应强度为B，方向垂直于导轨所在平面向里，一根长直金属棒与导轨成60角放置，且接触良好，则当金属棒以垂直于棒的恒定速度v沿金属导轨滑行时，其他电阻不计，电阻R中的电流为()A. B. C. D. 【答案】A【解析】导体棒切割磁感线的有效长度为： 金属棒中产生的感应电动势为：通过R的电流为：，故A正确，BCD错误。点睛：本题考查导体棒切割磁感线模型，容易产生的错误是认为金属棒的切割长度为d，夹在两导轨间与速度方向垂直的棒的投影的长度为切割的有效长度，本题速度与棒垂直，两导轨间的棒长即为切割的有效长度，只有B、L、v三者均相互垂直的时候感应电动势E才等于BLv。6.如图所示，边长为2l的正方形虚线框内有垂直于纸面向里的匀强磁场，一个边长为l的正方形导线框所在平面与磁场方向垂直，导线框的一条对角线和虚线框的一条对角线恰好在同一直线上从t=0开始，使导线框从图示位置开始以恒定速度沿对角线方向移动进入磁场，直到整个导线框离开磁场区域用I表示导线框中的感应电流（以逆时针方向为正），则下列表示I-t关系的图线中，正确的是（ ）A. B. C. D. 【答案】D【解析】【分析】根据感应电流大小和方向，将选项逐一代入，检查是否符合题意来选择【详解】导线框完全进入磁场后，没有感应电流产生。故A、B均错误。进入和穿出磁场过程，线框有效切割长度变化，感应电动势和感应电流在变化，故C错误。线框进入磁场过程，有效切割长度L均匀增大，感应电动势E均匀增大，感应电流I均匀增大。穿出磁场过程，有效切割长度L均匀减小，感应电动势E均匀减小，感应电流I均匀减小，两个过程感应电流的方向相反。故D正确。故选D。【点睛】本题采用的是排除法做选择题常用方法有直判法、排除法、代入法、特殊值法、图象法等等7.如图所示电路中，电源电压u=311sin100t（V），A、B间接有“220V 440W”的电暖宝、“220V 220W”的抽油烟机、交流电压表及保险丝。下列说法正确的是( )A. 交流电压表的示数为311VB. 电路要正常工作，保险丝的额定电流不能小于3AC. 电暖宝发热功率是抽油烟机发热功率的2倍D. 1min抽油烟机消耗的电能为1.32104J【答案】D【解析】试题分析：电压表测量的是有效值，u311sin100t(V)的有效值为220V，A不对；电路总功率P=660W，根据，回路的电流有效值为3A，保险丝的额定电流不应小于3A，B不对；电暧宝是纯电阻性电路，热功率为440W，而抽油烟机是非纯电阻性电路，总功率为输出机械能的功率与热功率之和，因此产热功率小于220W，C不对；1 min抽油烟机消耗的电能，D正确考点：交流电的有效值；电功率，焦耳定律二、多选题（本大题共3小题，共12.0分）8.对电容器能通过交变电流的原因，下列说法中正确的是()A. 当电容器接到交流电源上时，因为有自由电荷通过电容器，电路中才有交变电流B. 当电容器接到交流电源上时，电容器交替进行充电和放电，电路中才有交变电流C. 在有电容器的交流电路中，没有电荷定向移动D. 在有电容器的交流电路中，没有电荷通过电容器【答案】B【解析】试题分析：由于交流电的大小和方向做周期性变化，所以电容器两极板发生充电和放电两个交替发生的过程，电荷在两极板来回移动，形成电流，B正确考点：考查了电容器通过交流电的含义点评：关键是知道电流不是真正的通过了，而是电容器在充电和放电，导致电荷的移动，形成电流9.如图所示，MN、PQ是间距为L的平行金属导轨，置于磁感应强度为B，方向垂直导轨所在平面向里的匀强磁场中，M、P间接有一阻值为R的电阻。一根与导轨接触良好、有效阻值为的金属导线ab垂直导轨放置，并在水平外力F的作用下以速度v向右匀速运动，则（不计导轨电阻）（）A. 通过电阻R的电流方向为B. a、b两点间的电压为BLvC. a端电势比b端高D. 外力F做的功等于电阻R上发出的焦耳热【答案】AC【解析】【详解】由右手定则可知通过金属导线的电流由b到a，即通过电阻R的电流方向为MRP，故A正确；金属导线产生的电动势为BLv，而a、b两点间的电压为等效电路路端电压，由闭合电路欧姆定律可知，a、b两点间电压为，故B错误；金属导线可等效为电源，在电源内部，电流从低电势流向高电势，所以a端电势高于b端电势，故C正确；根据能量守恒定律可知，外力做功等于电阻R和金属导线产生的焦耳热之和，故D错误。故选AC。10.如图所示，理想变压器初级线圈的匝数为n1，次级线圈的匝数为n2，初级线圈的两端a、b接正弦交流电源，电压表V的示数为220 V，负载电阻R44 ，电流表A1的示数为0.20 A下列判断中正确的是()A. 初级线圈和次级线圈的匝数比为21B. 初级线圈和次级线圈的匝数比为51C. 电流表A2的示数为0.1 AD. 电流表A2的示数为0.4 A【答案】B【解析】试题分析：理想变压器输入功率等于输出功率，原副线圈电流与匝数成反比变压器的输出功率等于输入功率，则，解得： ，由于原副线圈电流与匝数成反比，所以初级线圈和次级线圈的匝数比，故B正确三、实验题探究题（本大题共1小题，共12.0分）11.某同学设计了一个用打点计时器“探究碰撞中的不变量”的实验：在小车A前端装有橡皮泥，推动小车A使之匀速运动，然后与原来静止在前方的小车B相碰并粘合成一体，继续做匀速运动。他设计的装置如下图所示，在小车A的后面连着纸带，电磁打点计时器电源频率为50 Hz。（1）木板的一端下边垫着小木片用以_ 。（2）在实验中，需要的测量工具有 _ 。A弹簧测力计 B毫米刻度尺 C天平 D螺旋测微器（3）已测得小车A（包括橡皮泥）的质量为m1=0.310 kg，小车B（包括撞针）的质量为m2=0.205 kg，由以上测量可得：（结果保留三位有效数字）碰前两车质量与速度乘积之和为_kgm/s；碰后两车质量与速度乘积之和为_ kgm/s；（4）结论：_ 。【答案】 (1). 平衡摩擦力； (2). BC; (3). 0.620; (4). 0.618; (5). 在实验误差范围内辆小车的质量和速度的乘积（mv）在碰撞中总量保持不变；【解析】试题分析：小车在木板上运动时，要受到木板的摩擦力作用，为了抵消摩擦力的作用，可将木板适当垫高，用小车的下滑分力平衡摩擦力；实验过程前（后）要测量的数据有小车的质量，以及纸带上点的距离，所以需要测量工具BC,在此因为当地重力加速度未知，所以不用弹簧测力计；碰撞前B车静止，所以乘积为0，而A的速度为，可得乘积和为，碰撞后辆车具有相同的速度一起运动，由纸带数据可求得，则乘积和为;由乘积和可知，因为有纸带的阻力作用（不可消除），导致前后两次数据不严格相等，但是在允许的实验误差范围内，二者是相等的。考点：验证动量守恒。四、计算题（本大题共5小题，共48.0分）12.为了探究电磁感应现象的产生条件，图中给出了必备的实验仪器（1）请你用笔画线代替导线，将实验电路连接完整_（2）正确连接实验电路后，在闭合开关时灵敏电流计的指针发生了偏转开关闭合后，迅速移动滑动变阻器的滑片，灵敏电流计的指针_偏转（选填“发生”或“不发生”）断开开关时灵敏电流计的指针_偏转（选填“发生”或“不发生”）【答案】（1）见答图；（2）发生；发生。【解析】【详解】(1)原图中已经连接了一部分电路，外面的螺线管已经与电流表相连，故电流表的另一接线柱一定与外面的螺线管的另一接线柱相接，内部的螺线管与滑动变阻器相接，如图所示：（2）当滑片移动时，电路中的电流发生变化，故原磁场发生变化，所以会在线圈中感应出电流来，电流表指针发生偏转，当断开开关时，电路中的电流也发生改变，故电流表的指针也会发生偏转。13.如图甲所示，n=15匝的圆形线圈M，其电阻为1，它的两端点a、b与阻值为2的定值电阻R相连，穿过线圈的磁通量的变化规律如图乙所示（1）判断a、b两点的电势高低；（2）求a、b两点的电势差【答案】（1）a点电势比b点高；（2）a、b两点的电势差2V【解析】【详解】（1）由-t图象知，穿过M的磁通量均匀增加，根据楞次定律可知a点电势比b点高，（2）由法拉第电磁感应定律得：E=n=150.2V=3V由闭合电路欧姆定律得：I=A=1A电压为：Uab=IR=12V=2V14.如图所示，一矩形线圈在匀强磁场中绕OO轴匀速转动，磁场方向与转轴垂直已知线圈匝数n=400，电阻r=0.1，长L1=0.05m，宽L2=0.04m，角速度=l00rad/s，磁场的磁感应强度B=0.25T线圈两端外接电阻R=9.9的用电器和一个交流电流表（内阻不计），求：（1）线圈中产生的最大感应电动势（2）电流表A的读数（3）用电器上消耗的电功率【答案】（1）1.6V（2）0.11A（3）0.12W【解析】试题分析：（1）线圈中产生的感应电动势的最大值表达式为Em=nBS代人数据得 Em=4000.250.050.04l00 V=20 V（2）根据欧姆定律得：代人数据得Im=2A是正弦交变电流，所以电流表读数即有效值（3）小灯泡消耗的电功率P=I2R=9.9W=19.8W考点：正弦交流电【名师点睛】本题考查交变电流最大值、有效值的理解和应用的能力，对于交流电表的测量值、计算交流电功率、电功等都用到有效值；注意正弦交流电的最大值等于有效值的倍；此题是基础题.15.如图所示，有两个质量都为m的小球A和B(大小不计)，A球用细绳吊起，细绳长度等于悬点距地面的高度，B球静止放于悬点正下方的地面上现将A球拉到距地面高度为h处由静止释放，摆动到最低点与B球碰撞后粘在一起共同上摆，则：(1)它们一起上升的最大高度为多大？(2)碰撞中损失的机械能是多少？【答案】(1) (2) mgh【解析】【详解】解：(1)A球由静止释放到最低点的过程做的是圆周运动，应用动能定理可得：解得：A球对B球碰撞满足动量守恒：解得：对A、B粘在一起共同上摆的过程应用机械能守恒：解得：(2) 碰撞中损失的机械能是：16.如图甲所示，足够长的光滑平行导轨MN、PQ倾斜放置，两导轨间距离为L=1.0m，导轨平面与水平面间