黑龙江省齐齐哈尔市2019届高三物理第一次模拟考试试题（含解析）.doc

齐齐哈尔市2019届高三第一次模拟考试理科综合物理试卷选择題1.北斗卫星导航系统（BDS）空间段由35颗卫星组成，包括5颗静止轨道卫星（地球同步卫星）、27颗中轨道地球卫星、3颗其他卫星其中有一颗中轨道地球卫星的周期为16小时，则该卫星与静止轨道卫星相比（ ）A. 轨道半径小 B. 角速度小 C. 线速度小 D. 向心加速度小【答案】A【解析】【分析】本题考查的是万有引力理论的成就，我们在分析的时候抓住它做匀速圆周运动，且万有引力提供向心力即可求出答案。【详解】中轨道地球卫星的周期为16小时比静止轨道卫星周期小，结合高轨低速周期长、低轨高速周期短的特点，A对。【点睛】卫星参数比较有一个很有效的规律：高轨低速周期长、低轨高速周期短。2.用频率为v的单色光照射阴极K时，能发生光电效应，改变光电管两端的电压，测得电流随电压变化的图象如图所示，U0为遏止电压已知电子的带电荷量为e，普朗克常量为h，则阴极K的极限频率为（ ）A. B. C. D. v【答案】B【解析】【分析】本题直接利用爱因斯坦的光电效应方程即可求出答案。【详解】根据光电效应方程，得出，B正确。【点睛】光电效应的题目是比较容易入手的，直接套用公式即可。3.物块在1N合外力作用下沿x轴做匀变速直线运动，图示为其位置坐标和速率的二次方的关系图线，则关于该物块有关物理量大小的判断正确的（ ）A. 质量为1kgB. 初速度为2msC. 初动量为2kgmsD. 加速度为05ms2【答案】D【解析】【分析】本题考查的是图像问题，先判断图像的横轴坐标，然后求出表达式，最后分析斜率和截距的含义。【详解】根据图像求出解析式为，与类比可得：a=0.5m/s2，m=2kg，v0=m/s，p0=2kgm/s，D正确。【点睛】图像问题的切入点是求出图像的解析式，然后与我们所学的规律类比即可。4.如图所示，D点为固定斜面AC的中点，在A点先后分别以初速度v01和v02水平抛出一个小球，结果小球分别落在斜面上的D点和C点空气阻力不计设小球在空中运动的时间分别为t1和t2，落到D点和C点前瞬间的速度大小分别为v1和v2，落到D点和C点前瞬间的速度方向与水平方向的夹角分别为和，则下列关系式正确的是（ ）A. B. C. D. 【答案】C【解析】【分析】本题考查的是平抛运动的规律，两次平抛均落到斜面上，位移偏转角相等，以此切入即可求出答案。【详解】设斜面的倾角为，可得，所以，竖直方向下降的高度之比为1：2，所以 ，求得，再结合速度偏转角的正切值是位移偏转角正切值的两倍，所以C正确。【点睛】平抛运动问题的切入点有三种：轨迹切入、偏转角切入、竖直方向相邻相等时间位移差为常数。5.如图所示，边长为L、电阻为R的正方形金属线框abcd放在光滑绝缘水平面上，其右边有一磁感应强度大小为B、方向竖直向上的有界匀强磁场，磁场的宽度为L，线框的ab边与磁场的左边界相距为L，且与磁场边界平行线框在某一水平恒力作用下由静止向右运动，当ab边进入磁场时线框恰好开始做匀速运动根据题中信息，下列物理量可以求出的是（ ）A. 外力的大小B. 匀速运动的速度大小C. 通过磁场区域的过程中产生的焦耳热D. 线框完全进入磁场的过程中通过线框某横截面的电荷量【答案】D【解析】【分析】根据线框做匀速运动，可得外力大小等于安培力大小，通过磁场的过程是一个匀速过程，外力做的功全部转化为焦耳热，通过线框某横截面的电荷量等于平均电流乘时间。【详解】根据动能定理可得，刚进入磁场时速度满足，恰好匀速，可得，线框质量未知，A、B、C都错；通过线框某横截面的电荷量，D对。【点睛】此类问题综合性很强，我们针对特殊状态进行分析。6.如图所示，竖直墙壁与光滑水平地面交于B点，质量为m1的光滑半圆柱体O1紧靠竖直墙壁置于水平地面上，质量为m2的均匀小球O2用长度等于A、B两点间距离l的细线悬挂于竖直墙壁上的A点，小球O2静置于半圆柱体O1上，当半圆柱体质量不变而半径不同时，细线与竖直墙壁的夹角就会跟着发生改变。已知重力加速度为g，不计各接触面间的摩擦，则下列说法正确的是A. 当=60，半圆柱体对面的压力大小为B. 当=60，小球对半圆柱体的压力大小为C. 改变半圆柱体的半径，半圆柱体对竖直墙壁的最大压力大小为D. 半圆柱体的半径增大时，其对地面的压力保持不变【答案】AC【解析】试题分析：对均匀小球进行受力分析，求出小球受到的拉力和支持力；然后对半圆柱体进行受力分析，根据共点力的平衡条件求解桌面的支持力；以整体为研究对象，竖直方向根据共点力的平衡条件可得圆柱体对地面的压力大小。对均匀球进行受力分析如图所示： 连接和，设与水平面之间的夹角为，与水平面之间的夹角为；当时，由几何关系可知，由于，所以为等边三角形，；由圆心角与圆周角之间的关系可知，可知小球受到的绳子的拉力T与半圆柱体对小球的支持力N相互垂直，水平方向，竖直方向，联立得；以小球与半圆柱体组成的整体为研究对象，它们在竖直方向受到重力、地面的支持力、绳子拉力以及在水平方向受到墙对半圆柱体的弹力，竖直方向，所以，根据牛顿第三定律可知，半圆柱体对地面的压力大小也为，小球对半圆柱体的压力大小为，A正确B错误；若改变半圆柱体的半径，当小球平衡时，小球的位置在以AB为半径的圆弧上，由几何关系可知，直线是该圆的切线方向，所以；则，以小球与半圆柱体组成的整体为研究对象，在水平方向，可知，当=45时，半圆柱体受到墙对半圆柱体的弹力最大，为，C正确；由可得半圆柱体在竖直方向上的受的支持力：，由几何关系可知，增大半圆柱体的半径，则增大，由可知，N将增大；根据牛顿第三定律可知，半圆柱体对地面的压力将增大，D错误7.如图所示，匀强电场的方向与长方形abcd所在的平面平行，abad电子从a点运动到b点的过程中电场力做的功为45eV；电子从a点运动到d点的过程中克服电场力做的功为45eV以a点的电势为电势零点，下列说法正确的是（ ）A. b点的电势为45VB. c点的电势为C. 该匀强电场的方向是由b点指向a点D. 该匀强电场的方向是由b点垂直指向直线ac【答案】AD【解析】【分析】根据电场力做功公式，可以很容易求出两点的电势差，然后求出每点电势。【详解】电子从a点运动到b点的过程中电场力做的功为45eV，电子从a点运动到d点的过程中克服电场力做的功为45eV，根据，求出，根据匀强电场的规律，所以ac连线为电场的0等势线，电场强度的方向垂直于等势线，所以该匀强电场的方向是由b点垂直指向直线ac，所以BC错误，AD正确。【点睛】本题型的求解，核心是找到等势线，可以将最高的电势和最低的电势连线，然后均分寻找。8.如图所示，一小物块被夹子夹紧，夹子通过轻绳悬挂在小环上，小环套在水平光滑细杆上，物块质量为M，到小环的距离为L，其两侧面与夹子间的最大静摩擦力均为F小环和物块以速度向右匀速运动，小环碰到杆上的钉子P后立刻停止，物块向上摆动，整个过程中，物块在夹子中没有滑动小环和夹子的质量均不计，重力加速度为g下列说法正确的是（ ）A. 物块向右匀速运动时，绳中的张力等于MgB. 小环碰到钉子P后瞬间，绳中的张力大于2FC. 物块上升的最大高度为D. 速度v不能超过【答案】AC【解析】【分析】碰到钉子以后，物块做圆周运动，找到物块的向心力，即可求出答案。【详解】A向右匀速时，夹子给物块的摩擦力等于物块的重力Mg,所以根据牛顿第三定律，可得物块给夹子一个反作用力Mg,所以绳子里面的张力等于Mg。A正确。B小环碰到钉子以后，物块做圆周运动，此时，绳子张力大小等于f，不一定大于2F，B错。C小环碰到钉子以后，物块做圆周运动，机械能守恒，所以物块上升的最大高度为。C对。D当夹子的摩擦力等于最大静摩擦力时，物块的速度最大，可得，D错。【点睛】圆周运动的问题关键是分析好向心力的构成。非选择題9.某同学为了测量05 V电压表的内阻，他从实验室拿来多用电表、几节干电池、最大 阻值为100 的滑动变阻器、开关和若干导线。(1)该同学在先用多用电表粗测电压表内阻时，把选择开关旋到欧姆“1 k”挡，正确调零后，将黑表笔接电压表的“+5V”接线柱，红表笔接“一”接线柱，多用电表的指针位置如图甲中的a所示，则电压表的内阻为_（2）再用伏安法测量其内阻，把多用电表的选择开关旋到直流电流的_(填“100”“10”或“l”)mA挡，并把各仪器按图乙接好电路。(3)实验中当电压表的示数为4. 5 V时，多用电表的指针位置如图甲中的b所示，则示数为_mA，则电压表的内阻Rv=_(结果保留三位有效数宇）。【答案】（1）1.2104（或12k） （2）1 见解析； （3）0.42 10.7k(或1.07104)【解析】（1）由图可知，电压表内阻为：12103（或12k）.（2）电路可能出现的最大电流，则应把多用电表的选择开关旋到直流电流的lmA挡；电路如图；（3）电流的示数为0.42mA，则电压表的内阻Rv= 10.用如图实验装置验证、组成的系统机械能守恒从高处由静止开始下落，上拖着的纸带打出一系列的点，对纸带上的点迹进行测量，即可验证机械能守恒定律图给出的是实验中获取的一条纸带：0是打下的第一个点，每相邻两计数点间还有4个点图中未标出，计数点间的距离如图所示已知、，则取，结果保留两位有效数字（1）在纸带上打下记数点5时的速度_；（2）在打点过程中系统动能的增量_J，系统势能的减少量_J，由此得出的结论是_；（3）若某同学作出图象如图，则当地的实际重力加速度_【答案】（1） （2） 在误差允许的范围内，组成的系统机械能守恒 （3）【解析】【分析】解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的仪器、操作步骤和数据处理以及注意事项纸带法实验中，若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度和加速度，从而求出动能根据功能关系得重力势能减小量等于重力做功的数值对于物理量线性关系图象的应用我们要从两方面：1、从物理角度找出两变量之间的关系式2、从数学角度找出图象的截距和斜率，两方面结合解决问题【详解】（1）利用匀变速直线运动的推论 （2）系统动能的增量EK=Ek5-0=（m1+m2）v52=0.576 J系统重力势能减小量Ep=（m2-m1）gh=0.19.80.6000m J=0.588 J在误差允许的范围内，m1、m2组成的系统机械能守恒（3）由于EK=Ek5-0=（m1+m2）v52=Ep=（m2-m1）gh由于（m1+m2）=2（m2-m1）所以得到：v2=h所以v2h图象的斜率k=g=9.70m/s2【点睛】该题的研究对象是系统，要注意m1和m2的重力势能的变化情况利用v2-h图线处理数据，（m1+m2）=2（m2-m1），那么v2-h图线的斜率就等于g直线图象中斜率和截距是我们能够利用的信息11.如图所示，质量为m的玩具飞机Q吊着一质量为M的物块P（可视为质点），以大小为v0的速度共同匀速竖直上升某时刻P、Q间的轻质细线断裂，空气阻力不计，玩具飞机的动力不变，重力加速度为g，求从细线断裂到P的速度为零的过程中（1）Q所受合力的冲量大小I（2）Q上升的高度h.【答案】（1） （2）【解析】【分析】细线断裂以后，飞机的合力大小等于物块的重力，飞机做匀变速直线运动，同时合外力的冲量等于动量变化，找到动量变化即可找到合力冲量。【详解】（1）对物块利用动量定理，以向上为正方向，可得，机的合力大小等于物块的重力，所以Q所受合力的冲量大小等于物块重力动量大小，可得。（2）从细线断裂到P的速度为零，P上升的时间为，所以，【点睛】冲量定理在使用的过程中要注意方向。12.如图所示，MN、PQ是水平带等量异种电荷的平行金属板，板长为L，在PQ板的上方有垂直纸面向里的范围足够大的匀强磁场一个电荷量为q、质量为m的带负电粒子甲以大小为v0的速度从MN板的右边缘且紧贴M点，沿平行于板的方向射入两板间，结果甲粒子恰好从PQ板的左边缘与水平方向成角飞入磁场，就在甲粒子射入平行板一段时间后，与甲粒子完全相同的乙粒子从相同的位置以相同的速度射入平行板，结果两粒子恰好相遇，粒子重力不计求（1）甲粒子在金属板间从M到Q运动的过程中，电场力对它所做的功W（2）匀强磁场的磁感应强度的大小B；（3）从甲粒子射出到与乙粒子相遇的时间t【答案】（1）（2）（3）【解析】【分析】在平行板内，粒子做类平抛运动，将运动分解到水平和竖直；进入磁场后粒子做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力。【详解】（1）根据题意可得粒子类平抛运动的速度偏转角为，所以离开电场时粒子的速度等于初速度的倍，根据动能定理电场力对它所做的功 （2）甲粒子完全相同的乙粒子从相同的位置以相同的速度射入平行板，结果两粒子恰好相遇，相遇的位置一定在平行板内，所以甲粒子进入磁场后经过偏转从P点又进入平行板，所以甲粒子在磁场中的轨迹如下图所示根据几何关系可得：粒子圆周运动的半径为，可得：。（3）要想甲乙可以相遇，当甲粒子刚到达P时，乙粒子从M点进入电场，此时甲粒子在垂直极板方向的分速度为v0，设极板的间距为d，结合甲粒子恰好从PQ板的左边缘与水平方向成角飞入磁场，位移偏转角的正切值等于速度偏转角正切值的一半，可得d=0.5L，得出乙粒子开始进入电场到甲乙相遇经历的时间满足，所以从甲粒子射出到与乙粒子相遇的时间【点睛】带电粒子在匀强磁场中的偏转问题关键是找对几何关系。13.下列说法正确的是_。A. 0的铁和0的冰，它们的分子平均动能相同B. 单晶体有固定的熔点和形状，多晶体没有固定的熔点和形状C. 空气相对湿度越大，空气中水蒸气压强越接近包和汽压，水蒸发越慢D. 因为液体表面层分子间距离大于液体内部分子间距离，所以液体表面存在张力E. 用油膜法估测分子大小时，用油酸酒精溶液体积除以单分子油膜面积，可得油酸分子的直径【答案】ACD【解析】【详解】A温度是分子平均动能的唯一量度，A对；B单晶体和多晶体有固定的熔点和形状，非晶体没有固定的熔点和形状，B错；C空气相对湿度越大，空气中水蒸气压强越接近包和汽压，水蒸发越慢，C对；D因为液体表面层分子间距离大于液体内部分子间距离，所以液体表面存在张力，D对；E实验“用油膜法估测分子大小”中，一滴油酸酒精溶液里油酸分子的体积和油酸薄膜的面积，可求出油酸分子的直径，不是油酸酒精溶液体积，E错。14.如图所示，完全相同的导热活塞A、B用轻杆连接，一定质量的理想气体被活塞A、B分成I、两部分，封闭在导热性良好的汽缸内，活塞B与缸底部的距离l06m初始时刻，气体I的压强与外界大气压强相同，温度T1300K已知活塞A、B的质量均为m1kg，横截面积均为S10cm2，外界大气压强p01105Pa，取重力加速度g10ms2，不计活塞与汽缸之间的摩擦且密封良好现将环境温度缓慢升高至T2360K，求此时气体I的压强；B与缸底部的距离及轻杆对B的作用力【答案】 0.9m，10N，竖直向上【解析】【分析】本题是考查气体状态方程的应用，题意中很容易判断气体I做等容变化，利用状态方程即可求解答案。【详解】气体I做等容变化，初始：P1=P0，T1=300K，所以， 气体II做等压变化，可得，L=0.9m，气体II的压强，根据平衡条件，轻杆对B的作用力等于B的重力，方向竖直向上。【点睛】考查气体状态方程的应用时应注意分清是哪种变化。15.一列沿x轴负方向