云南省玉溪市元江县民族中学2018_2019学年高二物理10月月考试题.docx

云南省玉溪市元江县民族中学2018-2019学年高二物理10月月考试题本试卷分第卷和第卷两部分，共100分，考试时间120分钟。学校：_姓名：_班级：_考号：_分卷I一、单选题(共10小题,每小题3.0分,共30分) 1.A、B是一条电场线上的两点，若在A点释放一初速度为零的电子，电子仅受电场力作用，并沿电场线从A运动到B，其速度随时间变化的规律如图乙所示设A、B两点的电场强度分别为EA、EB，电势分别为A、B，则()AEAEBBEAEBCABDAB2.下列叙述正确的是()A 摩擦起电是电荷的转移过程，感应起电是创造电荷的过程B 原来不带电的物体接触其他带电体而带电是电荷的转移过程C 玻璃棒无论和什么物体(玻璃除外)摩擦都会带正电D 带等量异种电荷的两个导体接触后，电荷会消失，这种现象叫电荷的湮灭3.某静电场的电场线分布如图所示，图中P、Q两点的电场强度的大小分别为EP和EQ，电势分别为P和Q，则()AEPEQ，PQBEPEQ，PQCEPQDEPEQ，PQ；电场线较密的地方电场强度大，故EPEQ，故选A.4.【答案】A【解析】若在C点无初速度地释放正电荷，正电荷所受电场力向右，则正电荷向B运动，电场力做正功，电势能减少，故A正确，B错误；若在C点无初速度地释放负电荷，负电荷所受电场力向左，则负电荷向A运动，电场力做正功，电势能减少，故C、D错误5.【答案】A【解析】由图Q点电场线密，电场强度大，EQEP，PQ在同一条电场线上，沿电场线的方向电势降低，PQ故选：A.6.【答案】C【解析】由于电工高压作业服处于静电平衡状态，内部场强为零7.【答案】C【解析】根据动能定理得qU1mv0，则进入偏转电场的速度v0，因为质子、氘核和粒子的比荷之比为211，则初速度之比为11，则运动的时间t，知时间之比为1.故A错误在竖直方向上的分速度vyat，则出电场时的速度v.因为粒子的比荷不同，则速度的大小不同故B错误偏转位移yat2，因为qU1mv0，则y，与粒子的电量和质量无关，则粒子的偏转位移相等，荧光屏将只出现一个亮点故C正确偏转电场的电场力对粒子做功WqEy，因为E和y相同，电荷量之比为112，则电场力做功之比为112.故D错误8.【答案】B【解析】若Q1和Q2是等量异种电荷，通过AB的中垂面是一等势面，C、D在同一等势面上，电势相等.C、D两点的场强都与等势面垂直，方向相同，根据对称性可知，场强大小相等，故C、D两点的场强、电势均相同，故A错误，B正确.若Q1和Q2是等量同种电荷，由电场的分布情况和对称性可知，C、D两点电场强度大小相等，方向不同，则电场强度不同，电势相等，故C、D错误.9.【答案】D【解析】通过导体横截面的电量多少，但不知道通电时间，所以不能得出导体中的电流大小，故A、C错误；通电时间短，但不知道通过导体横截面的电量，所以不能得出导体中的电流大小，故B错误；物理学中用每秒通过导体横截面的电荷量来表示电流的强弱，所以在单位时间内，通过导体某一横截面的电荷量越多，电流越大，故D正确10.【答案】A【解析】每个电子的电荷量大小为，31012个电子总电荷量为，则示波管中电流大小为I=A故选A11.【答案】ABC【解析】圆形金属板与风针分别接上正、负高压极后，风针附近产生强电场，且风针尖端处电场最强，因此风针尖端附近的电场线分布较密，由于电场线密的地方等势面密，故风针尖端附近的等势面也密风针附近产生强电场使空气发生电离，空气中的正离子会向风针的尖端运动与针尖负电荷中和，发生放电观象，而空气中的负离子因受排斥力而向相反方向运动由于反冲，风针就旋转起来如果交换金属板与风针电荷电性，风针不可能放出正电荷，导体内只有自由运动的电子12.【答案】CD【解析】从A到C，电场力对该电荷先做负功，后做正功，故A、B错误；该电荷从A到C，电场力先做负功，后做正功，则它的动能先减小后增加，电势能先增加后减小，因此EpBEpAEpC，故C正确；电场力大小由电场线的疏密决定，从A到B经过C，电场线先密后疏，电场力先变大后变小，因此FBFAFC，故D正确13.【答案】BD【解析】根据电容的决定式C知，增大S或减小d(即增大板材的厚度h)都能使电容增大14.【答案】ABD【解析】导线内的电场线由高电势指向低电势一侧，所以A正确，导线内的电场是电源，导线，电路元件共同叠加形成的，是一个动态的平衡所以B、D也正确15.【答案】100 N/C 向右 100 N/C【解析】由题意知，q=11010C，F=1108N，由场强的定义式知A点的场强的大小为：E=N/C=100 N/C，场强方向与负电荷所受电场力方向相反，所以A点的场强方向向右；电场强度反映电场性质的物理量，与试探电荷无关，把这个检验电荷取走，A点的电场强度不变仍为100 N/C.16.【答案】(1)3.6103N/C水平向左(2)3.6103N/C1.44104N水平向右【解析】(1)场源电荷在A点产生的场强EN/C3.6103N/C，方向水平向左(2)试探电荷为q4108C时，场强不变，即E3.6103N/C.试探电荷q受到的静电力FqE1.44104N，方向水平向右17.【答案】增大2.5108【解析】负电荷受到的静电力方向逆着电场线的方向，电荷从A点移到B点的过程中，静电力对其做负功，电势能增大；静电力做功WABqUAB(5109)(1510) J2.5108J.18.【答案】电源的静电场附加电场平行平行恒定电流动态恒定电场【解析】导线中的电场是两部分电场共同贡献的结果首先电源电场使电子沿导线移动，并向导线某一侧聚集，从而产生附加电场当两个电场达到动态平衡时，导线内只存在和导线平行的电场线，即形成恒定电场19.【答案】(1)1 (2)在板内外做往复运动【解析】设第k滴液滴恰好能够到达b板，则第k滴液滴进入两板间时，前(k1)滴液滴已建立电场，对第k滴液滴应用动能定理(1)前(k1)滴液滴已建立的电场为U，E.对第k滴液滴应用动能定理有：mg(hd)qEd0，即mg(hd)qd0.解得k1.(2)由题意，第(k1)滴液滴进入两板间后做减速运动，无法到达b板，反向运动跳出a板小孔，然后再无初速度滴下，所以第(k1)滴液滴将在板内外做往复运动20.【答案】qA带负电，qB带正电18【解析】放在A点和B点的点电荷在C处产生的场强方向在AC和BC的连线上，因C点场强方向与BA方向平行，故放在A点的点电荷和放在B点的点电荷产生的场强方向只能如图所示，由CA和由BC，故qA带负电，qB带正电，且EB2EA，即k2k，又由几何关系知2，所以qAqB18.21.【答案】(1)3 V(2)9 V【解析】(1)UACUAEUEFUFCAC18 V又UAEUEFUFC，UFCFC所以F3 V(2)如图，由题意知E9 V，F3 V，显然B、F两点等电势，故D、E两点等电势，故D点电势D为9 V.22.【答案】(1)2103N(2)负电荷(3)5109C【解析】根据题给条件，可知小球A处于平衡状态，分析小球A受力情况如图所示小球A的重力mg.丝线的张力FT.小球B对小球A的库仑力F.三个力的合力为零Fmgtan