山东省济南市莱芜区金牌一对一2019届高三物理上学期12月份练习试卷（含解析）.docx

山东省济南市莱芜区金牌一对一2019届高三物理上学期12月份练习试卷（含解析）一、单选题 1. 一中子与一质量数为A（A1）的原子核发生弹性正碰。若碰前原子核静止，则碰撞前与碰撞后中子的速率之比为（ ）A. B. C. D. 【答案】A【解析】设中子的质量为m，因为发生的是弹性正碰，动量守恒，机械能守恒，规定初速度的方向为正方向，有：mv1=mv2+Amv，mv12mv22+Amv2联立两式解得：故A正确，BCD错误故选A点睛：解决本题的关键知道弹性碰撞的过程中动量守恒、机械能守恒，与非弹性碰撞不同，非弹性碰撞机械能不守恒.【此处有视频，请去附件查看】2.在下列情况中，系统的机械能不守恒的是(不计空气阻力)()A. 推出的铅球在空中运动的过程中B. 滑雪运动员在弯曲的山坡上自由下滑(不计摩擦)C. 集装箱被起重机匀速吊起D. 不小心从阳台跌落的花盆【答案】C【解析】试题分析：在只有重力做功的情况下机械能守恒，故选项ABD中机械能守恒，选项C中物体受到竖直向上的拉力作用，机械能增大，故选C考点：考查机械能守恒点评：本题难度较小，记住机械能守恒的条件：在只有重力做功的情况下机械能守恒3.不带电导体P置于电场中，其周围电场线分布如图所示，导体P表面处的电场线与导体表面垂直，a、b为电场中的两点，则()A. a点电场强度小于b点电场强度B. a点电势低于b点的电势C. 负检验电荷在a点的电势能比在b点的大D. 正检验电荷从a点移到b点的过程中，电场力做正功【答案】D【解析】试题分析：电场线的疏密表示了电场的相对强弱，由图可知a点电场强度大于b点电场强度，故选项A错误；沿着电场线方向电势逐点降低，因此a点电势高于导体P的电势，导体P的电势又高于b点的电势，因此a点电势高于b点的电势，故选项B错误；根据电势能表达式可知Epq，由于q0，所以EpaEpb，故选项C错误；正检验电荷在电场中受力方向与场强方向相同，因此从a点移到b点的过程中，电场力与位移成锐角，即电场力做正功，故选项D正确；考点：本题主要考查了电场的两个基本性质问题问题，属于中档偏低题。4.在雷雨云下沿竖直方向的电场强度为V/m，已知一半径为1mm的雨滴在此电场中不会下落，取重力加速度大小为10m/,水的密度为kg/。这雨滴携带的电荷量的最小值约为A. 2 C B. 4 C C. 6 C D. 8 C【答案】B【解析】试题分析：带电雨滴在电场力和重力作用下保持静止，根据平衡条件电场力和重力必然等大反向mg=Eq 其中：m=V V=r3解得：，故选B考点：物体的平衡【名师点睛】本题关键在于电场力和重力平衡，要求熟悉电场力公式和二力平衡条件；要使雨滴不下落，电场力最小要等于重力。【此处有视频，请去附件查看】5.电荷量分别为q1、q2的两个点电荷，相距r时，相互作用力为F，下列说法错误的是()A. 如果q1、q2恒定，当距离变为时，作用力将变为2FB. 如果其中一个电荷的电荷量不变，而另一个电荷的电荷量和它们间的距离都减半时，作用力变为2FC. 如果它们的电荷量和距离都加倍，作用力不变D. 如果它们的电荷量都加倍，距离变为r，作用力将变为2F【答案】A【解析】试题分析：根据库仑定律知，如果q1、q2恒定，当距离变为r2时，作用力将变为4F，所以A错误；如果其中一个电荷的电量不变，而另一个电荷的电量和它们间的距离都减半时，作用力变为2F，故B正确；如果它们的电量和距离都加倍时，作用力不变，所以C正确；如果它们的电量都加倍，距离变为时，作用力将变为2F，故D正确，所以错误的选A。考点：本题考查库仑定律。6.一小球在一倒立的圆锥筒的内壁做匀速圆周运动，其中球与筒内壁的摩擦可忽略，此时小球距离地面的高度为H，球的线速度为v，筒侧壁倾斜角度不变，则下列说法中正确的是()A. 小球做圆周运动的H越高，向心力越大B. 小球做圆周运动的H越高，线速度越大C. 小球做圆周运动的H越高，角速度越大D. 小球对侧壁的压力随高度H变大而减小【答案】B【解析】【分析】小球做匀速圆周运动，提供圆周运动的向心力是重力mg和支持力F的合力，作出力图，得出向心力大小不变，H越高，圆周运动的半径越大，由向心力公式分析角速度、线速度大小；【详解】A、小球做匀速圆周运动，由重力mg和支持力F的合力提供圆周运动的向心力，作出力图如图：则向心力为：，由于不变，向心力大小不变；由得：，则知H越高，r越大，越小，故AC错误；B、根据牛顿第二定律得，H越高，r越大，不变，则v越大，故B正确。D、侧壁对小球的支持力不变，则小球对侧壁的压力不变，故D错误。【点睛】本题考查应用物理规律分析实际问题的能力，此题是圆锥摆模型，关键是分析物体的受力情况，抓住不变量进行研究。7.如图所示，甲分子固定于坐标原点O，乙分子从无穷远处由静止释放，在分子力的作用下靠近甲图中b点是引力最大处，d点是分子靠得最近处，则乙分子速度最大处是()A. a点 B. b点 C. c点 D. d点【答案】C【解析】从图中可得d处分子力最大，故此处分子加速度最大，D正确8.一根轻质弹簧，当它上端固定下端悬挂重为G的物体时，长度为L1；当它下端固定在水平地面上，上端压一重为G的物体时，其长度为L2，则它的劲度系数是()A. B. C. D. 【答案】D【解析】设弹簧原长为，根据胡可定律可得悬挂重物时有，压重物时有，联立解得，D正确【此处有视频，请去附件查看】9.取水平地面为重力势能零点一物块从某一高度水平抛出，在抛出点其动能与重力势能恰好相等不计空气阻力，该物块落地时的速度方向与水平方向的夹角为()A. B. C. D. 【答案】B【解析】试题分析：设抛出时物体的初速度为，高度为，物块落地时的速度大小为，方向与水平方向的夹角为，根据机械能守恒定律得：，据题有：，联立解得：，则，得：，故选项B正确。考点：平抛运动【名师点睛】根据机械能守恒定律，以及已知条件：抛出时动能与重力势能恰好相等，分别列式即可求出落地时速度与水平速度的关系，从而求出物块落地时的速度方向与水平方向的夹角。【此处有视频，请去附件查看】10.如图所示，A、B叠放在水平地面上，则地面受到的压力是()A. A和B对地面的压力之和B. B对地面的压力C. B的重力D. A和B的重力【答案】B【解析】因为压力是弹力，弹力的发生条件之一为相互接触，所以地面受到的压力时B对地面的压力，B正确。二、多选题 11.如图所示，两质量相等的物块A、B通过一轻质弹簧连接，B足够长、放置在水平面上，所有接触面均光滑弹簧开始时处于原长，运动过程中始终处在弹性限度内在物块A上施加一个水平恒力F，在A、B从静止开始运动到第一次速度相等的过程中（ ）A. 当A、B的加速度相等时，A、B的速度差最大B. 当A、B的加速度相等时，A的速度最大C. 当A、B的速度相等时，弹簧最长D. 当A、B的速度相等时，A、B的加速度相等【答案】AC【解析】【分析】本题的考点是板块问题【详解】对A、B在水平方向受力分析如图，F1为弹簧的拉力；当加速度大小相同为a时，对A有F-F1=ma，对B有F1=ma，得F10.5F，在整个过程中A的合力（加速度）一直减小，而B的合力（加速度）一直增大，在达到共同加速度之前A的合力（加速度）一直大于B的合力（加速度），之后A的合力（加速度）一直小于B的合力（加速度）两物体运动的v-t图象如图所示，tl时刻，两物体加速度相等，斜率相同，速度差最大，t2时刻两物体的速度相等，A速度达到最大值，两实线之间围成的面积有最大值即两物体的相对位移最大，此时弹簧被拉到最长。故选：AC【点睛】本题的关键是要画出A、B的速度时间图像进行求解。12.下列关于电磁场的说法正确的是()A. 只要空间某处有变化的电场或磁场，就会在其周围产生电磁场，从而形成电磁波B. 匀速运动的电子束周围一定存在电磁场，即能产生电磁场C. 周期性变化的电场和周期性变化的磁场交替产生，相互依存，形成不可分离的统一体，即电磁场D. 历史上，电磁场的理论在先，实践证明在后【答案】CD【解析】【分析】本题的考点是电磁场理论。【详解】A如果是均匀变化的电场则产生恒定的磁场，而恒定的磁场不再产生电场，就不能由近向远传播，即不能形成电磁波，A错误；B匀速运动的电子束，形成稳定的电流，在周围空间产生稳定的磁场，不会再激发出电场，B错；C周期性变化的电场和周期性变化的磁场交替产生，相互依存，形成不可分离的统一体，即电磁场，C对；D麦克斯韦提出了电磁场的理论，后来赫兹用实验证实了电磁场的存在。D对。【点睛】考查对麦克斯韦电磁理论的历史、理论的内容的掌握13.如图甲所示，正六边形导线框abcdef放在匀强磁场中静止不动，磁场方向与线框平面垂直，磁感应强度B随时间t的变化关系如图乙所示时刻，磁感应强度B的方向垂直纸面向里，设产生的感应电流顺时针方向为正、竖直边cd所受安培力的方向水平向左为正则下面关于感应电流i和cd所受安培力F随时间t变化的图象正确的是A. B. C. D. 【答案】AC【解析】考点：法拉第电磁感应定律；安培力专题：电磁感应中的力学问题分析：根据法拉第电磁感应定律求出各段时间内的感应电动势和感应电流的大小，根据楞次定律判断出感应电流的方向，通过安培力大小公式求出安培力的大小以及通过左手定则判断安培力的方向解答：解：A、02s内，磁场的方向垂直纸面向里，且逐渐减小，根据楞次定律，感应电流的方向为顺时针方向，为正值根据法拉第电磁感应定律，E=B0S为定值，则感应电流为定值，I1=在23s内，磁感应强度方向垂直纸面向外，且逐渐增大，根据楞次定律，感应电流方向为顺时针方向，为正值，大小与02s内相同在34s内，磁感应强度垂直纸面向外，且逐渐减小，根据楞次定律，感应电流方向为逆时针方向，为负值，大小与02s内相同在46s内，磁感应强度方向垂直纸面向里，且逐渐增大，根据楞次定律，感应电流方向为逆时针方向，为负值，大小与02s内相同故A正确，B错误C、在02s内，磁场的方向垂直纸面向里，且逐渐减小，电流恒定不变，根据FA=BIL，则安培力逐渐减小，cd边所受安培力方向向右，为负值0时刻安培力大小为F=2B0I0L在2s3s内，磁感应强度方向垂直纸面向外，且逐渐增大，根据FA=BIL，则安培力逐渐增大，cd边所受安培力方向向左，为正值，3s末安培力大小为B0I0L在23s内，磁感应强度方向垂直纸面向外，且逐渐增大，则安培力大小逐渐增大，cd边所受安培力方向向右，为负值，第4s初的安培力大小为B0I0L在46s内，磁感应强度方向垂直纸面向里，且逐渐增大，则安培力大小逐渐增大，cd边所受安培力方向向左，6s末的安培力大小2B0I0L故C正确，D错误故选AC点评：解决本题的关键掌握法拉第电磁感应定律，会运用楞次定律判断感应电流的方向，以及掌握安培力大小公式，会用左手定则判定安培力的方向14.恒星内部发生着各种热核反应，其中“氦燃烧”的核反应方程为：，其中X表示某种粒子，是不稳定的粒子，其半衰期为T，则下列说法正确的是A. X粒子是B. 的衰变需要外部作用激发才能发生C. 经过3个T，剩下的占开始时的D. “氦燃烧”的核反应是裂变反应【答案】AC【解析】A项：根据质量数与质子数守恒，则X 粒子是，故A正确；B项：衰变是自发的，不需要外部作用激发，也能发生，故B错误；C项：经过1个半衰期，有半数发生衰变，即剩下开始的一半，那么经过3个T，剩下的占开始时的，故C正确；D项：、“氦燃烧”的核反应方程，是聚变反应，不是裂变反应，故D错误。点晴：考查核反应的书写规律，掌握裂变反应与聚变反应的区别，理解衰变与人工转变的不同，最后注意半衰期的内涵。 15.如图所示，在长约100cm一端封闭的玻璃管中注满清水，水中放一个用红蜡做成的小圆柱体（小圆柱体恰能在管中匀速上浮），将玻璃管的开口端用胶塞塞紧然后将玻璃管竖直倒置，在红蜡块匀速上浮的同时使玻璃管紧贴黑板面水平向右匀加速移动，你正对黑板面将看到红蜡块相对于黑板面的移动轨迹不可能是下面的（ ）A. B. C. D. 【答案】ABD【解析】试题分析：蜡块参与了竖直方向上的匀速直线运动和水平方向上的匀加速直线运动，合力的方向，水平向右，而轨迹的弯曲大致指向合力的方向；轨迹上每一点的切线方向表示速度的方向，开始的初速度竖直向上，只有C图符合要求故选ABD考点：运动的合成与分解点评：由于竖直方向是匀速运动，所以在图上画出间距相等的水平横线，与图线由交点，交点间的竖直距离相等，水平方向由于是匀加速直线运动，交点间水平距离应该越来越大。16.如图甲所示，将阻值为R5 的电阻接到内阻不计的正弦交变电源上，电流随时间变化的规律如图乙所示，电流表串联在电路中测量电流的大小对此，下列说法正确的是()A. 电阻R两端电压变化规律的函数表达式为u2.5sin (100t) VB. 电阻R消耗的电功率为0.625 WC. 如图丙所示，若此交变电流由一矩形线框在匀强磁场中匀速转动产生，当线圈的转速提升一倍时，电流表的示数为1 AD. 这一交变电流与图丁所示电流比较，其有效值之比为【答案】BD【解析】由图可知，电流的最大值Im=0.5A，则电压的最大值：Um=ImR=0.55=2.5V；周期T=0.01s，角速度为=200rad/s，电阻R两端电压变化规律的函数表达式为u=2.5sin（200t） V，故A正确；电流的有效值 ，电阻R消耗的电功率为 ，故B错误；感应电动势的瞬时值表达式为：e=Emsint，其中：Em=nBS，当线圈的转速提升一倍时，最大值提升一倍，所以电流表的示数为0.5A，故C正确；图乙为正弦式交流电，其有效值为 ；图丁电流大小不变，有效值I=0.5A，所以这一交变电流与图丁所示电流比较，其有效值之比为 ，故D正确；故选ACD17.压敏电阻的阻值会随所受压力的增大而减小一同学利用压敏电阻设计了判断升降机运动状态的装置，如图甲所示，将压敏电阻平放在升降机内，受压面朝上，在上面放一物体m，升降机静止时电流表示数为I0.某过程中电流表的示数如图乙所示，则在此过程中()A. 物体处于超重状态B. 物体处于失重状态C. 升降机一定向上做匀加速运动D. 升降机可能向下做匀减速运动【答案】AD【解析】试题分析：升降机静止时物体压力为，电流表示数为，升降机运动时电流变大为，说明电路电阻变小，说明物体压力变大，大于，即物体受到支持力大于，加速度竖直向上，运动状态包括匀加速上升和匀减速下降两种，选项C错D对。加速度竖直向上为超重状态，选项A对B错。考点：闭合回路欧姆定律 超重失重18. 一定质量的理想气体，状态变化过程如PT图上abcd图线所示，其中bcab，cdab，由图线可知A. ab过程，气体不做功 B. bc过程气体膨胀对外做功C. cd过程，外界压缩气体做功 D. da过程，气体膨胀对外做功【答案】AD【解析】试题分析：ab为等容线故不做功；选项A正确；连接oc和ob可知，状态C的体积较小，因此bc过程体积减小，外界对气体做功，选项B错误；连接oc和od可知状态d的体积较大，因此选项C错误；同理选项D正确；故选AD考点：考查气体状态方程点评：本题难度中等，理解图线斜率的物理意义，掌握状态参量变化特别是体积变化是关键19.如图甲所示，电容器充、放电电路配合电流传感器，可以捕捉瞬间的电流变化，通过计算机画出电流随时间变化的图象如图乙所示实验中选用直流8 V电压，电容器选用电解电容器，先使单刀双掷开关S与1端相连，电源向电容器充电，这个过程可瞬间完成然后把单刀双掷开关S掷向2端，电容器通过电阻R放电，传感器将电流传入计算机，图象乙上显示出放电电流随时间变化的It曲线以下说法正确的是() A. 电解电容器用氧化膜做电介质，由于氧化膜很薄，所以电容较小B. 随着放电过程的进行，该电容器两极板间电压逐渐增大C. 由传感器所记录的放电电流图象能够估算出该过程中电容器的放电电荷量D. 通过本实验可以估算出该电容器的电容值【答案】CD【解析】【分析】本题的考点是电容器的电容。【详解】A电解电容器用氧化膜做电介质，由于氧化膜很薄，所以电容较大故A错误B在放电的过程中，电荷量减小，根据 知，电容不变，则电压逐渐减小故B错误CI-t图线与时间轴围成的面积表示电荷量故C正确D根据知，通过电荷量的大小以及电压变化量的大小可以求出电容器的电容值故D正确【点睛】图像问题我们要找到其斜率和与时间轴所围面积的含义。20.t0时，甲乙两汽车从相距70 km的两地开始相向行驶，它们的vt图象如图所示忽略汽车掉头所需时间下列对汽车运动状况的描述正确的是A. 在第1小时末，乙车改变运动方向B. 在第2小时末，甲乙两车相距10 kmC. 在前4小时内，乙车运动加速度的大小总比甲车的大D. 在第4小时末，甲乙两车相遇【答案】BC【解析】试题分析：根据图象知识可得出两物体在任一时刻的速度、每段的加速度及任一时间段内的位移；则根据两物体的运动关系可判断各选项是否正确由图可知，2小时内乙车一直做反方向的运动，1小时末时开始减速但方向没有变，A错误；图象与时间轴围成的面积为汽车运动的位移，则可知，2小时内，甲车正向运动的位移为；而乙车反向运动，其位移大小为，因两车相向运动，且初始时刻相距90km，则2小时末时，两车还相距30km，B错误；图象的斜率表示加速度，由图可知，乙车的图象斜率总是大于甲车的图象的斜率，故乙车的加速度总比甲车的大，C正确；4小内甲车的总位移为120km；而乙车的总位移为，即乙车的位移为正方向的30km，两车原来相距90km，4小时末时，甲车离出发点120km，而乙车离甲车的出发点90+30km=120km，故此时甲乙两车相遇，故D正确【此处有视频，请去附件查看】三、实验题 21.有两个同学利用假期分别去参观位于天津市的“南开大学”和上海市的“复旦大学”，他们各自在那里的物理实验室利用先进的DIS系统较准确的探究了单摆周期T和摆长L的关系然后他们通过互联网交流实验数据，并由计算机绘制了T2L图象，如图甲所示，已知天津市比上海市的纬度高，则去“南开”的同学所测得的实验结果对应的图象是_(填“A”或“B”)另外，去“复旦”做研究的同学还利用计算机绘制了他实验用的a、b两个摆球的振动图象，如图乙所示，由图象可知两单摆摆长之比_，在t2 s时b球振动方向是：_(填“y”或“y”)【答案】 (1). B (2). (3). y【解析】【分析】本题的考点是单摆运动。【详解】单摆周期公式为： ，整理变形得：结合数学知识，图象中斜率越大代表的重力加速度值越小，纬度越低重力加速度值越小，已知天津市比上海市的纬度高，故南开的重力加速度比较大，对应的图象斜率越小，应为B由摆球振动图象可以看出Ta：Tb=2：3由图象知T2与L成正比，故 t=2s时振动图象的斜率为正，故摆球正在向+y方向运动【点睛】单摆问题解决的关键是单摆周期公式22.下面各图均是用游标卡尺测量时的刻度图，甲、乙为20分度游标尺，丙、丁为50分度游标尺，它们的读数分别为：甲_cm，乙_cm，丙_cm，丁_mm.【答案】 (1). 1.385 (2). 6.325 (3). 7.830 (4). 42.10【解析】【分析】本题的考点是游标卡尺的读数。【详解】（1） （2） （3） （4）【点睛】游标卡尺不用估读，且换算单位时产生的0不能舍去。四、计算题 23. 如图所示，在空间中取直角坐标系Oxy，在第一象限内平行于y轴的虚线MN与y 轴距离为d，从y轴到MN之间的区域充满一个沿y轴正方向的匀强电场，场强大小为E。初速可忽略的电子经过一个电势差U未确定的电场直线加速后，从y轴上的A点以垂直于电场的方向射入第一象限区域，A点坐标为（0，h），已知电子的电量为e，质量为m，（重力忽略不计），若电子可以在第一象限从MN边界离开电场区域，求：（1）加速电场的电势差要满足的条件；（2）若满足上述条件的加速电场的电势差为U0时，求电子经过x轴时离坐标原点O的距离X。【答案】（1）；（2）【解析】试题分析: 由动能定理：eU=mv02/2 带电粒子做类平抛运动在水平方向d=v0t在竖直方向Hat2/2a=Ee/m解得：设电子离开电场时速度与x轴的夹角为，则有电子离开电场时偏移的距离电子离开电场时的纵坐标由几何关系考点：带电粒子在匀强电场中的运动；运动的合成和分解24.一个锂核()受到一个质子()轰击变为2个粒子()已知质子的质量为1. 672 610kg，锂原子的质量为11. 650 510kg，一个原子的质量为6. 646710kg.写出该核反应的方程_，该核反应释放的核能是_J（真空中光速c=3.010m/s）【答案】（1）+2；（2）2.6731012J。【解析】试题分析：（1）根据题意，一个锂核（）受到一个质子（）轰击变为2个a粒子（），故其核反应的方程为：+2。（2）因为E=mc2=（11.650 510kg+1.672 610kg26.646710kg）（3108m/s）2=2.6731012J。考点：核反应方程，质能方程。五、填空题(共2小题,每小题5.0分,共10分) 25.质点做直线运动，其s-t关系如图所示。质点在0-20s内的平均速度大小为_m/s；质点在_时的瞬时速度等于它在6-20s内的平均速度。【答案】 0.8，10s和14s，【解析】平均速度V=S/t可得；图象切线的斜率代表速度，连接6S，20s两个时刻的图象，左右平移，与图象相切的位置就是与平均速度相等时刻26.一列沿着x轴正方向传播的横波